解直角三角形专题训练(共6篇)
篇1:解直角三角形专题训练
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0
100033 m , 则cos∠CAB= 初中数学辅导网http:/// 初中数学辅导网http:/// 初中数学辅导网http:/// 初中数学辅导网http:/// 初中数学辅导网http:///
篇2:解直角三角形专题训练
一、选择题(每小题5分,共40分)
1.cos 300°的值是()
1133A.B.-C.D 222
2π22.已知α∈(0,π),cosα=-tan 2α=()23
33A.B.-3或- 3
33CD3 3ππ3.下列函数中,周期为π,且在,上为增函数的是()42
ππA.y=sinxB.y=cosx- 22C.y=-sin(2x-π)D.y=cos(2x+π)
π4.将函数y=sin 2x+cos 2x的图像向左平移个单位长度,所得图像对应的函数解析式
4可以是()
A.y=cos 2x+sin 2xB.y=cos 2x-sin 2x
C.y=sin 2x-cos 2xD.y=sin xcos x
5.如图Z3-1所示的是函数y=Asin(ωx+φ)(ω>0,0<φ<π)在一个周期内的图像,此函数的解析式是()
πA.y=2sin2x+ 3
2πB.y=2sin2x 3πC.y=2sinx- 23
πD.y=2sin2x- 3
π6.已知函数f(x)=sin(ωx+φ)3cos(ωx+φ)(ω>0,|φ|<),其图像相邻的两条对称轴方2
π程为x=0与x=()2
A.f(x)的最小正周期为2π,且在(0,π)上为单调递增函数
B.f(x)的最小正周期为2π,且在(0,π)上为单调递减函数
πC.f(x)的最小正周期为π,且在0,上为单调递增函数 2
π
D.f(x)的最小正周期为π,且在0,上为单调递减函数
2
7.函数y=xsin x在[-π,π]上的图像是(图Z3-2
ππ
8.将函数f(x)=sin2x+的图像向右平移个单位长度后得到函数y=g(x)的图像,则
43g(x)的单调递增区间为()
π
A.2kπ-,2kπ+k(k∈Z)
63
π5π
B.2kπ,2kπ+(k∈Z)
36
ππ
C.kπkπ(k∈Z)
63
π5π
D.kπkπ(k∈Z)
66
二、填空题(每小题5分,共20分)
9.设α是第二象限角,P(x,4)为其终边上的一点,且cos α=x,则tan α=________.
10.在△ABC中,若2sin A=sin C,a=b,则角A=________.
π
11.在△ABC中,BC=2,AC=7,BABC的面积是________.
12.已知函数f(x)3sin 2x-cos 2x,x∈R,给出以下说法:
π
①函数f(x)的图像的对称轴是x=kπ+k∈Z;
7π
是函数f(x)的图像的一个对称中心;
12,0
π
1③函数f(x)在区间π
22
②点P
π
④将函数f(x)的图像向右平移g(x)=sin 2x-3cos 2x的图像.
2其中正确说法的序号是________.
三、解答题(共40分)
13.(13分)在△ABC中,若sin A=2sin B·cos C且sin2A=sin2B+sin2C,试判断△ABC的形状.
4.(13分)已知函数f(x)=sin(π-2x)+2 3cos2x,x∈R.π(1)求f;
6(2)求f(x)的最小正周期及单调递增区间.
→→
15.(14分)在△ABC中,内角A,B,C所对的边分别为a,b,c,已知2S△ABC=3 BA·BC.(1)求角B;
(2)若b=2,求a+c的取值范围.
专题综合训练(三)
1.A [解析] cos 300°=cos(360°-60°)=cos 60°=.π5π11π23
2.C [解析] 由cos(α+=-α=α=tan 2α=-.3212123
ππ
3.D [解析] 排除A,B;对于C,y=sin(π-2x)=sin 2x,在,上单调递减,排除
42
C.ππ
4.B [解析] y=sin 2x+cos 2x→y=sin 2x++cos 2(x+)=cos 2x-sin 2x.442ππ5ππ2
5.B [解析] T=+×2=π,ω==2,当x=-时,可得A=2,φ=.T1231212
22x+.∴y=2sin3
π
6.C [解析] 由其图像相邻的两条对称轴方程为x=0与x=,知周期T=π,排除A,2B.ππππ
f(x)=2sin2x+φ-,sinφ-=1,显然φ=-f(x)=2sin2x-=-2cos 2x,6332
π
在0,上为单调递增函数. 2π
7.A [解析] y=xsin x为偶函数,排除D.当x=±π时,y=0,排除C.当x=y>0,排除B.ππππππ
8.C [解析] g(x)=sin2x-+=sin2x,由-+2kπ≤2x-≤+2kπ(k∈Z)
262364
ππ
得单调递增区间为kπ-kπ(k∈Z).
63
9.- [解析] 因为α是第二象限角,所以x<0.又因为cos α=x3544
=-3,所以tan α.x3
πa2)2-a2π2
10.[解析] 因为c=2a,b=a,所以cos A==A=.4242a·2aπ3 311.[解析] 由余弦定理得AC2=AB2+BC2-2AB·BC·7=AB2+4-2AB,23π1
所以AB-2AB-3=0,解得AB=3或AB=-1(舍去).所以△ABC的面积是S=·BC·sin
3=3×2×=.222
xx+16,解得x
ππ
12.①②④ [解析] f(x)=2sin2x-,将x=kπ∈Z)代入得到y=2,①正确;
365ππ11π
当x∈,π时,2x-,ymax=1,③错误.再依次验证②④正确.
6662
a2bc22213.解:由sinA=sinB+sinC得2R=(2+(2,2R2R
π
则a=b+c,即A=.a2+b2-c2a
由sin A=2sin B·cos C2×,则b=c.综上可知,该三角形为等腰直角三
b2ab
角形.
π
14.解:(1)f(x)=sin(π-2x)+2 3cos2x=sin 2x+3cos 2x3=2sin2x+3,3
πππ3
则f=2sin+3=2×+3=2 3.2633
2ππ
(2)f(x)=2sin2x+3的最小正周期T=π,23
πππ5ππ
又由2kπ-2x2kπ+kπ-≤x≤kπ∈Z),故函数f(x)的单调递增
23212125ππ
区间为kπ-,kπ+(k∈Z).
1212
15.解:(1)由已知得acsin B3accos B,π
则tan B=3,∵0
(2)方法一,由余弦定理得4=a+c-2accos,a+c2
则4=(a+c)-3ac≥(a+c)-3(当且仅当a=c时取等号),22
解得0b,则2
方法二,由正弦定理得a=sin A,csin C,33
2ππ444
∵A+C=,∴a+c(sin A+sin C)[sin A+sin(A+B)]=[sin A+sin(A+)]
33333π41313
=+sin Acos A)=4(+=4sin(A+.
222622πππ5ππ1
篇3:怎样解直角三角形
1.明确解直角三角形的依据和思路
在直角三形中, 我们是用三条边的比来表述锐角三角函数定义的.因此, 锐角三角函数的定义本质揭示了直角三角形中边角之间的关系, 这是解直角三角形的基础.
如图1, 在Rt△ABC中, ∠C=90°, 设三个内角A、B、C所对的边分别为a、b、c (以下字母同) , 则解直角三角形的主要依据是
(1) 边角之间的关系:
undefinedundefinedundefined
(2) 两锐角之间的关系:
A+B=90°.
(3) 三条边之间的关系:
a2+b2=c2
以上每个边角关系式都可看作方程, 解直角三角形的思路, 就是根据已知条件, 正确地选择直角三形中边角间的关系式, 通过解一元方程来求解.
2.解直角三角形的基本类型和方法
我们知道, 由直角三角形中已知的元素求出未知元素的过程叫做解直角三角形, 而在直角三角形中, 除直角以外还有三条边及两个锐角共五个元素, 那么什么样的直角三角形才可解呢?如果已知两个锐角能否解直角三角形呢?
事实上, 解直角三角形跟直角三角形的判定与作图有着本质的联系, 因为已知两个元素 (至少有一个是边) 可以判定直角三角形全等, 也可以作出直角三角形, 即此时直角三角形是确定的, 所以这样的直角三形是可解的.由于已知两个锐角的直角三形是不确定的, 它们是无数多个相似的直角三形, 因此求不出各边的长.所以, 要解直角三角形, 给出的除直角外的两个元素中, 必须至少有一个是边.这样, 解直角三角形就分为两大类, 即已知一条边及一个锐角或已知两条边解直角三角形.其基本类型和解法列表如下:
3.要正确地选择关系
例1 如图2, 在Rt△ABC中, undefined解这个直角三角形
分析条件:
undefined
从条件 (3) 可以求∠A, 然后可从条件 (2) 中求∠B, 那么怎样求a, b, c呢?观察条件, 我们可以得到方程组
undefined
解这个方程组比较繁, 有没有更好的解法?
观察关系 a+c=6, 联想a, c, ∠A有关系undefined,
可以得方程组
undefined
比较①②, 选用②比选用①好, 原因是②可化为二元一次方程组, 解二元一次方程组比解三元二次方程组自然简单明了.
解: (1) 因为tgundefined, 所以∠A=60°.
undefined
解之得undefined
所以undefined
4.适当地引入字母 (参数) 表示边长
例2 如图3, 在Rt△ABC中, ∠C=90°, AD是BC边上中线, 且AC=BC, 求sin∠DAC.
分析:在Rt△ACD中, undefined, 要找DC, AD之间的关系, 就必须用同一个字母的代数式表示DC, AD.
解:设CD=a, 因为AD是BC边上中线,
所以AC=BC=2a.所以undefined
所以undefined
5.适当引入辅助线
例3 如图4, 在Rt△ABC中, ∠C=90°, AD是∠A的平分线, 且undefined, 求△ABC的三边长.
分析:AD是∠CAB的平分线, 不仅使我们联想到角相等, 还可以联想对称性, 过D作DE⊥AB, 垂足为E, 则DE=CD, 从Rt△BDE中求∠B, 然后求△ABC的三边.
解:过D作DE⊥AB, 垂足为E.
因为AD平分∠CAB, 且∠C=90°,
所以undefined
在Rt△BDE中, undefined,
篇4:课本题改编题训练一(解三角形)
1-1. (改编)在△ABC中,A=105°,C=30°,AC=1,则AB=.
2. (苏教版必修5第一章习题1.1第10题)在已知两边a,b和一边的对角A,求角B时,如果A为锐角,那么可能出现以下情况:
如果A为钝角,那么可能会出现哪几种情况?试画出草图加以说明.
2-1. (改编)在△ABC中,已知a=16,b=16,B=45°,则A等于.
2-2. (改编)在△ABC中,已知a=16,b=16,A=30°,则B等于.
2-3. (改编)在△ABC中,已知a=5,c=10,A=30°,则B等于.
3. (苏教版必修5第一章1.1“正弦定理”例3)如图,某登山队在山脚A处测得山顶B的仰角为35°,沿倾斜角为20°的斜坡前进1 000m后到达D处,又测得山顶仰角为65°,求山的高度BC(精确到1m).
3-1. (改编)如图,在斜度一定的山坡上的一点A处测得山顶上一建筑物CD的顶端对于山坡的斜度为15°,向坡顶前进100m后到达点B处,又测得建筑物顶端对于山坡的斜度为45°.设建筑物的高为50m,求此山坡对于地平面的斜度θ.
4. (1) (苏教版必修5第一章1.1“正弦定理”例4)在△ABC中,已知==,试判断△ABC的形状.
(2) (苏教版必修5第一章习题1.1第5题)在△ABC中,已知==,试判断△ABC的形状.
4-1. (改编)在△ABC中,若sinAsinB 4-2. (改编)在△ABC中, 已知=,且sinAsinB=sin2C,试判断△ABC的形状. 5. (苏教版必修5第一章习题1.2第6题)在△ABC中,已知(a+b+c)(b+c-a)=3bc,求A的度数. 5-1. (改编)在△ABC中,角A,B,C所对的边分别为a,b,c,设==,求cosA. 5-2. (改编)在△ABC中,已知cosA=,sinB=,则cosC=. 5-3. (改编)在△ABC中,sinA(sinB+cosB)-sinC=0,sinB+cos2C=0,求A,B,C的大小. 6. (苏教版必修5第一章习题1.3第1题)在△ABC中,求证:a2+b2+c2=2(bccosA+cacosB+abcosC). 6-1. (改编)在三角形ABC中,角A,B,C所对的边分别为a,b,c,证明:=. 6-2. (改编)在△ABC中,求证:-=-. 6-3. (改编)如图,设D是△ABC的边AB上的一点,∠ACD=α,∠BCD=β,且CD为AD和BD的等比中项,求证:sinAsinB=sinαsinβ. 7. (苏教版必修5第一章1.3“正余弦定理的应用”例4)如图,半圆O的直径为2,A为直径延长线上的一点,OA=2,B为半圆上任意一点,以AB为一边作等边三角形ABC.问:点B在什么位置时,四边形OACB面积最大? 7-1. (改编)在△ABC中,若a=2,b=2,且三角形有解,则A的取值范围是. 7-2. (改编)已知锐角三角形的三边长分别为2,3,x,则x的取值范围是. 7-3. (改编)在锐角三角形ABC中,已知A=2B,试求的取值范围. 1-1. . 2-1. 30°. 2-2. 45°或145°. 2-3. 15°或105°. 3-1. 在△ABC中,有AB=100m,∠BAC=15°,∠ABC=180°-45°=135°,故∠ACB=30°.由正弦定理,得BC=m. 而在△BCD中,有CD=50m,BC=m,∠CBD=45°,∠CDB=90°+θ.由正弦定理,得=,得cosθ=-1,得θ=42.94°. 4-1. 由sinAsinB 4-2. 由=,得=,b2-a2=ab. 由sinAsinB=sin2C,得ab=c2. 所以a2+c2=b2,所以△ABC是以B为直角的直角三角形. 5-1. 法一 由==,得==,得tanB=tanA,tanC=tanA. 于是tanA=-tan(B+C)=- =-. 又tanA≠0,所以tan2A=11,所以cos2A=. 易得cosA>0,故cosA=. 法二 由==,得==,解得a=c,b=c. 所以cosA===. 5-2. 先求得sinA=,cosB=±.再说明cosB= -不可能. 5-3. 由sinA(sinB+cosB)-sinC=0,得sinAsinB+sinAcosB-sinAcosB-cosAsinB=0,即sinB(sinA-cosA)=0. 因为B∈(0,π),所以sinB≠0,所以sinA-cosA=0,得tanA=1,A=,故B+C=. 由sinB+cos2C=0,得sinB+cos2-B=0,得sinB-sin2B=0,即sinB(1-2cosB)=0. 因为sinB≠0,所以cosB=,B=,故C=. 6-1.==•cosB-•cosA=•-•==. 6-2. -=-=--2-=-. 6-3. 在△ACD中,AD=,在△BCD中,BD=,故AD•BD=. 由CD为AD和BD的等比中项,得AD•BD=CD2. 所以=1,即sinAsinB=sinαsinβ. 7-1. (0,45°]. 7-2. (,). 7-3. 由题意,知0<2B<,0 而===2cosB. 最新考纲 考情考向分析 能够运用正弦定理、余弦定理等知识和方法解决一些与测量和几何计算有关的实际问题.以利用正弦定理、余弦定理测量距离、高度、角度等实际问题为主,常与三角恒等变换、三角函数的性质结合考查,加强数学知识的应用性.题型主要为选择题和填空题,中档难度.实际测量中的常见问题 求AB 图形 需要测量的元素 解法 求 竖 直 高 度 底部 可达 ∠ACB=α,BC=a 解直角三角形 AB=atan α 底部不可达 ∠ACB=α,∠ADB=β,CD=a 解两个直角三角形 AB= 求 水 平 距 离 山两侧 ∠ACB=α,AC=b,BC=a 用余弦定理 AB= 河两岸 ∠ACB=α,∠ABC=β,CB=a 用正弦定理AB= 河对岸 ∠ADC=α,∠BDC=β,∠BCD=δ,∠ACD=γ,CD=a 在△ADC中,AC=; 在△BDC中,BC=; 在△ABC中,应用 余弦定理求AB 知识拓展 实际问题中的常用术语 1.仰角和俯角 与目标线在同一铅垂平面内的水平视线和目标视线的夹角,目标视线在水平视线上方叫仰角,目标视线在水平视线下方叫俯角(如图①). 2.方向角 相对于某正方向的水平角,如南偏东30°,北偏西45°等. 3.方位角 指从正北方向顺时针转到目标方向线的水平角,如B点的方位角为α(如图②). 4.坡度(又称坡比) 坡面的垂直高度与水平长度之比. 题组一 思考辨析 1.判断下列结论是否正确(请在括号中打“√”或“×”) (1)从A处望B处的仰角为α,从B处望A处的俯角为β,则α,β的关系为α+β=180°.(×) (2)俯角是铅垂线与视线所成的角,其范围为.(×) (3)方位角与方向角其实质是一样的,均是确定观察点与目标点之间的位置关系.(√) (4)方位角大小的范围是[0,2π),方向角大小的范围一般是.(√) 题组二 教材改编 2.[P11例1]如图所示,设A,B两点在河的两岸,一测量者在A所在的同侧河岸边选定一点C,测出AC的距离为50 m,∠ACB=45°,∠CAB=105°后,就可以计算出A,B两点的距离为________ m.答案 50 解析 由正弦定理得=,又∵B=30°,∴AB===50(m). 3.[P13例3]如图,在山脚A测得山顶P的仰角为30°,沿倾斜角为15°的斜坡向上走a米到B,在B处测得山顶P的仰角为60°,则山高h=______米. 答案 a 解析 由题图可得∠PAQ=α=30°,∠BAQ=β=15°,△PAB中,∠PAB=α-β=15°,又∠PBC=γ=60°,∴∠BPA=-=γ-α=30°,∴=,∴PB=a,∴PQ=PC+CQ=PB·sin γ+asin β =a×sin 60°+asin 15°=a.题组三 易错自纠 4.在某次测量中,在A处测得同一半平面方向的B点的仰角是60°,C点的俯角是70°,则∠BAC等于() A.10° B.50° C.120° D.130° 答案 D 5.如图所示,D,C,B三点在地面的同一条直线上,DC=a,从C,D两点测得A点的仰角分别为60°,30°,则A点离地面的高度AB=________.答案 a 解析 由已知得∠DAC=30°,△ADC为等腰三角形,AD=a,所以在Rt△ADB中,AB=AD=a.6.在一次抗洪抢险中,某救生艇发动机突然发生故障停止转动,失去动力的救生艇在洪水中漂行,此时,风向是北偏东30°,风速是20 km/h;水的流向是正东,流速是20 km/h,若不考虑其他因素,救生艇在洪水中漂行的方向为北偏东________,速度的大小为________ km/h.答案 60° 20 解析 如图,∠AOB=60°,由余弦定理知OC2=202+202-800cos 120°=1 200,故OC=20,∠COy=30°+30°=60°.题型一 求距离、高度问题 1.(2018·吉林长春检测)江岸边有一炮台高30 m,江中有两条船,船与炮台底部在同一水平面上,由炮台顶部测得俯角分别为45°和60°,而且两条船与炮台底部连线成30°角,则两条船相距____m.答案 10 解析 如图,OM=AOtan 45°=30(m),ON=AOtan 30°=×30 =10(m),在△MON中,由余弦定理得,MN= ==10 (m). 2.(2017·郑州一中月考)如图所示,在山顶铁塔上B处测得地面上一点A的俯角为α,在塔底C处测得A处的俯角为β.已知铁塔BC部分的高为h,则山高CD=________.答案 解析 由已知得,∠BCA=90°+β,∠ABC=90°-α,∠BAC=α-β,∠CAD=β.在△ABC中,由正弦定理得=,即=,∴AC==.在Rt△ACD中,CD=ACsin∠CAD=ACsin β=.故山高CD为.3.(2018·日照模拟)一船以每小时15 km的速度向东航行,船在A处看到一个灯塔B在北偏东60°的方向上,行驶4 h后,船到达C处,看到这个灯塔在北偏东15°的方向上,这时船与灯塔的距离为________ km.答案 30 解析 如图,由题意知,∠BAC=30°,∠ACB=105°,∴B=45°,AC=60,由正弦定理得=,∴BC=30(km). 思维升华 求距离、高度问题的注意事项 (1)选定或确定要创建的三角形,要首先确定所求量所在的三角形,若其他量已知则直接解;若有未知量,则把未知量放在另一确定三角形中求解. (2)确定用正弦定理还是余弦定理,如果都可用,就选择更便于计算的定理. 题型二 求角度问题 典例 如图所示,位于A处的信息中心获悉:在其正东方向相距40海里的B处有一艘渔船遇险,在原地等待营救.信息中心立即把消息告知在其南偏西30°、相距20海里的C处的乙船,现乙船朝北偏东θ的方向沿直线CB前往B处救援,则cos θ的值为________. 答案 解析 在△ABC中,AB=40,AC=20,∠BAC=120°,由余弦定理得 BC2=AB2+AC2-2AB·AC·cos 120°=2 800,得BC=20.由正弦定理,得=,即sin∠ACB=·sin∠BAC=.由∠BAC=120°,知∠ACB为锐角,则cos∠ACB=.由θ=∠ACB+30°,得cos θ=cos(∠ACB+30°) =cos∠ACBcos 30°-sin∠ACBsin 30°=.思维升华 解决测量角度问题的注意事项 (1)首先应明确方位角或方向角的含义; (2)分析题意,分清已知与所求,再根据题意画出正确的示意图,这是最关键、最重要的一步; (3)将实际问题转化为可用数学方法解决的问题后,注意正弦、余弦定理的“联袂”使用. 跟踪训练 如图所示,已知两座灯塔A和B与海洋观察站C的距离相等,灯塔A在观察站C的北偏东40°的方向上,灯塔B在观察站C的南偏东60°的方向上,则灯塔A在灯塔B的______的方向上. 答案 北偏西10° 解析 由已知∠ACB=180°-40°-60°=80°,又AC=BC,∴∠A=∠ABC=50°,60°-50°=10°,∴灯塔A位于灯塔B的北偏西10°的方向上. 题型三 三角形与三角函数的综合问题 典例 (2018·石家庄模拟)在△ABC中,a,b,c分别是角A,B,C的对边,(2a-c)cos B-bcos C=0.(1)求角B的大小; (2)设函数f(x)=2sin xcos xcos B-cos 2x,求函数f(x)的最大值及当f(x)取得最大值时x的值. 解(1)因为(2a-c)cos B-bcos C=0,所以2acos B-ccos B-bcos C=0,由正弦定理得2sin Acos B-sin Ccos B-cos Csin B=0,即2sin Acos B-sin(C+B)=0,又C+B=π-A,所以sin(C+B)=sin A.所以sin A(2cos B-1)=0.在△ABC中,sin A≠0,所以cos B=,又B∈(0,π),所以B=.(2)因为B=,所以f(x)=sin 2x-cos 2x=sin,令2x-=2kπ+(k∈Z),得x=kπ+(k∈Z),即当x=kπ+(k∈Z)时,f(x)取得最大值1.思维升华 三角形与三角函数的综合问题,要借助三角函数性质的整体代换思想,数形结合思想,还要结合三角形中角的范围,充分利用正弦定理、余弦定理解题. 跟踪训练 设f(x)=sin xcos x-cos2.(1)求f(x)的单调区间; (2)在锐角△ABC中,角A,B,C的对边分别为a,b,c.若f=0,a=1,求△ABC面积的最大值. 解(1)由题意知f(x)=- =-=sin 2x-.由-+2kπ≤2x≤+2kπ,k∈Z,可得-+kπ≤x≤+kπ,k∈Z; 由+2kπ≤2x≤+2kπ,k∈Z,可得+kπ≤x≤+kπ,k∈Z.所以f(x)的单调递增区间是 (k∈Z); 单调递减区间是(k∈Z). (2)由f=sin A-=0,得sin A=,由题意知A为锐角,所以cos A=.由余弦定理a2=b2+c2-2bccos A,可得1+bc=b2+c2≥2bc,即bc≤2+,当且仅当b=c时等号成立. 因此bcsin A≤.所以△ABC面积的最大值为.函数思想在解三角形中的应用 典例 (12分)某港口O要将一件重要物品用小艇送到一艘正在航行的轮船上.在小艇出发时,轮船位于港口O北偏西30°且与该港口相距20海里的A处,并正以30海里/小时的航行速度沿正东方向匀速行驶.假设该小艇沿直线方向以v海里/小时的航行速度匀速行驶,经过t小时与轮船相遇. (1)若希望相遇时小艇的航行距离最小,则小艇航行速度的大小应为多少? (2)假设小艇的最高航行速度只能达到30海里/小时,试设计航行方案(即确定航行方向和航行速度的大小),使得小艇能以最短时间与轮船相遇,并说明理由. 思想方法指导 已知两边和其中一边的对角解三角形时,可以设出第三边,利用余弦定理列方程求解;对于三角形中的最值问题,可建立函数模型,转化为函数最值问题解决. 规范解答 解(1)设相遇时小艇航行的距离为S海里,则[1分] S= ==.[3分] 故当t=时,Smin=10,v==30.即小艇以30海里/小时的速度航行,相遇时小艇的航行距离最小.[6分] (2)设小艇与轮船在B处相遇. 则v2t2=400+900t2-2·20·30t·cos(90°-30°),[8分] 故v2=900-+.∵0 故可设计航行方案如下: 航行方向为北偏东30°,航行速度为30海里/小时.[12分] 1.(2018·武汉调研)已知A,B两地间的距离为10 km,B,C两地间的距离为20 km,现测得∠ABC=120°,则A,C两地间的距离为() A.10 km B.10 km C.10 km D.10 km 答案 D 解析 如图所示,由余弦定理可得,AC2=100+400-2×10×20× cos 120°=700,∴AC=10.2.(2018·襄阳模拟)如图,两座灯塔A和B与海岸观察站C的距离相等,灯塔A在观察站南偏西40°,灯塔B在观察站南偏东60°,则灯塔A在灯塔B的() A.北偏东10° B.北偏西10° C.南偏东80° D.南偏西80° 答案 D 解析 由条件及图可知,∠A=∠CBA=40°,又∠BCD=60°,所以∠CBD=30°,所以∠DBA=10°,因此灯塔A在灯塔B的南偏西80°.3.一艘海轮从A处出发,以每小时40海里的速度沿南偏东40°的方向直线航行,30分钟后到达B处,在C处有一座灯塔,海轮在A处观察灯塔,其方向是南偏东70°,在B处观察灯塔,其方向是北偏东65°,那么B,C两点间的距离是() A.10 海里 B.10 海里 C.20 海里 D.20 海里 答案 A 解析 如图所示,易知,在△ABC中,AB=20,∠CAB=30°,∠ACB=45°,根据正弦定理得 =,解得BC=10.4.(2018·广州模拟)如图,从气球A上测得正前方的河流的两岸B,C的俯角分别为75°,30°,此时气球的高是60 m,则河流的宽度BC等于() A.240(+1)m B.180(-1)m C.120(-1)m D.30(+1)m 答案 C 解析 如图,∠ACD=30°,∠ABD=75°,AD=60 m,在Rt△ACD中,CD== =60(m),在Rt△ABD中,BD=== =60(2-)m,∴BC=CD-BD=60-60(2-)=120(-1)m.5.如图,两座相距60 m的建筑物AB,CD的高度分别为20 m,50 m,BD为水平面,则从建筑物AB的顶端A看建筑物CD的张角为() A.30° B.45° C.60° D.75° 答案 B 解析 依题意可得AD=20,AC=30,又CD=50,所以在△ACD中,由余弦定理得cos∠CAD= ===,又0°<∠CAD<180°,所以∠CAD=45°,所以从顶端A看建筑物CD的张角为45°.6.(2018·郑州质检)如图所示,测量河对岸的塔高AB时可以选与塔底B在同一水平面内的两个测点C与D,测得∠BCD=15°,∠BDC=30°,CD=30,并在点C测得塔顶A的仰角为60°,则塔高AB等于() A.5 B.15 C.5 D.15 答案 D 解析 在△BCD中,∠CBD=180°-15°-30°=135°.由正弦定理得=,所以BC=15.在Rt△ABC中,AB=BCtan∠ACB=15×=15.故选D.7.轮船A和轮船B在中午12时同时离开海港C,两船航行方向的夹角为120°,两船的航行速度分别为25 n mile/h,15 n mile/h,则下午2时两船之间的距离是________n mile.答案 70 解析 设两船之间的距离为d,则d2=502+302-2×50×30×cos 120°=4 900,∴d=70,即两船相距70 n mile.8.(2018·哈尔滨模拟)如图,某工程中要将一长为100 m,倾斜角为75°的斜坡改造成倾斜角为30°的斜坡,并保持坡高不变,则坡底需加长________m.答案 100 解析 设坡底需加长x m,由正弦定理得=,解得x=100.9.(2018·青岛模拟)一船向正北航行,看见正西方向相距10海里的两个灯塔恰好与它在一条直线上,继续航行半小时后,看见一灯塔在船的南偏西60°,另一灯塔在船的南偏西75°,则这艘船的速度是每小时________海里. 答案 10 解析 如图所示,依题意有∠BAC=60°,∠BAD=75°,所以∠CAD=∠CDA=15°,从而CD=CA=10,在Rt△ABC中,得AB=5,于是这艘船的速度是=10(海里/时). 10.如图,在山底A点处测得山顶仰角∠CAB=45°,沿倾斜角为30°的斜坡走1 000米至S点,又测得山顶仰角∠DSB=75°,则山高BC为________米. 答案 1 000 解析 由题图知∠BAS=45°-30°=15°,∠ABS=45°-(90°-∠DSB)=30°,∴∠ASB=135°,在△ABS中,由正弦定理可得=,∴AB=1 000,∴BC==1 000.11.(2018·泉州质检)如图,某住宅小区的平面图呈圆心角为120°的扇形AOB,C是该小区的一个出入口,且小区里有一条平行于AO的小路CD.已知某人从O沿OD走到D用了2分钟,从D沿DC走到C用了3分钟.若此人步行的速度为每分钟50米,则该扇形的半径为________米. 答案 50 解析 如图,连接OC,在△OCD中,OD=100,CD=150,∠CDO=60°.由余弦定理得OC2=1002+1502-2×100×150×cos 60°=17 500,解得OC=50.12.如图,渔船甲位于岛屿A的南偏西60°方向的B处,且与岛屿A相距12海里,渔船乙以10海里/小时的速度从岛屿A出发沿正北方向航行,若渔船甲同时从B处出发沿北偏东α的方向追赶渔船乙,刚好用2小时追上. (1)求渔船甲的速度; (2)求sin α的值. 解(1)依题意知,∠BAC=120°,AB=12,AC=10×2=20,∠BCA=α.在△ABC中,由余弦定理,得 BC2=AB2+AC2-2AB·AC·cos∠BAC =122+202-2×12×20×cos 120°=784,解得BC=28.所以渔船甲的速度为=14(海里/小时). (2)在△ABC中,因为AB=12,∠BAC=120°,BC=28,∠BCA=α,由正弦定理,得=,即sin α===.13.(2018·德阳模拟)如图,在水平地面上有两座直立的相距60 m的铁塔AA1和BB1.已知从塔AA1的底部看塔BB1顶部的仰角是从塔BB1的底部看塔AA1顶部的仰角的2倍,从两塔底部连线中点C分别看两塔顶部的仰角互为余角.则从塔BB1的底部看塔AA1顶部的仰角的正切值为________;塔BB1的高为________ m.答案 45 解析 设从塔BB1的底部看塔AA1顶部的仰角为α,则AA1=60tan α,BB1=60tan 2α.∵从两塔底部连线中点C分别看两塔顶部的仰角互为余角,∴△A1AC∽△CBB1,∴=,∴AA1·BB1=900,∴3 600tan αtan 2α=900,∴tan α=,tan 2α=,则BB1=60tan 2α=45.14.如图,据气象部门预报,在距离某码头南偏东45°方向600 km处的热带风暴中心正以20 km/h的速度向正北方向移动,距风暴中心450 km以内的地区都将受到影响,则该码头将受到热带风暴影响的时间为________h.答案 15 解析 记现在热带风暴中心的位置为点A,t小时后热带风暴中心到达B点位置,在△OAB中,OA=600,AB=20t,∠OAB=45°,根据余弦定理得OB2=6002+400t2-2×600×20t×,令OB2≤4502,即4t2-120t+1 575≤0,解得≤t≤,所以该码头将受到热带风暴影响的时间为-=15.15.如图所示,经过村庄A有两条夹角为60°的公路AB,AC,根据规划要在两条公路之间的区域内建一工厂P,分别在两条公路边上建两个仓库M,N(异于村庄A),要求PM=PN=MN=2(单位:千米).记∠AMN=θ.(1)将AN,AM用含θ的关系式表示出来; (2)如何设计(即AN,AM为多长时),使得工厂产生的噪声对居民的影响最小(即工厂与村庄的距离AP最大)? 解(1)∠AMN=θ,在△AMN中,由正弦定理,得 ==,所以AN=sin θ,AM=sin(120°-θ). (2)AP2=AM2+MP2-2AM·MP·cos∠AMP =sin2(θ+60°)+4-sin(θ+60°)cos(θ+60°) =[1-cos(2θ+120°)]-sin(2θ+120°)+4 =-[sin(2θ+120°)+cos(2θ+120°)]+ =-sin(2θ+150°),θ∈(0°,120°)(其中利用诱导公式可知sin(120°-θ)=sin(θ+60°)),当且仅当2θ+150°=270°,即θ=60°时,工厂产生的噪声对居民的影响最小,此时AN=AM=2千米. 16.已知△ABC的三内角A,B,C所对的边分别是a,b,c,向量m=(cos B,cos C),n=(2a+c,b),且m⊥n.(1)求角B的大小; (2)若b=,求a+c的取值范围. 解(1)∵m=(cos B,cos C),n=(2a+c,b),且m⊥n,∴(2a+c)cos B+bcos C=0,由正弦定理,得cos B(2sin A+sin C)+sin Bcos C=0,∴2cos Bsin A+cos Bsin C+sin Bcos C=0,即2cos Bsin A=-sin(B+C)=-sin A.∵A∈(0,π),∴sin A≠0,∴cos B=-.∵0 b2=3=a2+c2-2accos =a2+c2+ac=(a+c)2-ac≥(a+c)2-2=(a+c)2,当且仅当a=c时取等号. 临考专题训练:三角形 一、选择题 1.下列命题是假命题的是 () A.平行四边形既是轴对称图形,又是中心对称图形 B.同角(或等角)的余角相等 C.线段垂直平分线上的点到线段两端的距离相等 D.正方形的对角线相等,且互相垂直平分 2.下列长度的三根小木棒能构成三角形的是() A.2 cm,3 cm,5 cm B.7 cm,4 cm,2 cm C.3 cm,4 cm,8 cm D.3 cm,3 cm,4 cm 3.如图,在Rt△ABC中,∠A=30°,BC=1,点D,E分别是直角边BC,AC的中点,则DE的长为 () A.1 B.2 C.D.1+ 4.如图,CE是△ABC的外角∠ACD的平分线,若∠B=35°,∠ACE=60°,则∠A=() A.35° B.95° C.85° D.75° 5.在△ABC中,∠A,∠C与∠B处的外角的度数如图所示,则x的值是() A.80 B.70 C.65 D.60 6.如图,△ABC中,D为AB上一点,E为BC上一点,且AC=CD=BD=BE,∠A=50°,则∠CDE的度数为() A.50° B.51° C.51.5° D.52.5° 7.如图,在△ABC中,∠ABC,∠ACB的平分线BE,CD相交于点F,∠ABC=42°,∠A=60°,则∠BFC的度数为 () A.118° B.119° C.120° D.121° 8.若三角形的三个内角的度数之比为2∶3∶7,则这个三角形的最大内角是() A.75° B.90° C.105° D.120° 二、填空题 9.如图,△ABC中,AC=8,BC=5,AB的垂直平分线DE交AB于点D,交边AC于点E,则△BCE的周长为________. 10.如图,已知AB,CD相交于点O,且∠A=38°,∠B=58°,∠C=44°,则∠D=________°.11.如图所示,六边形ABCDEF的内角都相等,AD∥BC,则∠DAB=________°.12.如图所示,在△ABC中,∠B=∠C,FD⊥BC,DE⊥AB,垂足分别为D,E.若∠AFD=158°,则∠EDF= °.13.在△ABC中,AB=4,AC=3,AD是△ABC的角平分线,则△ABD与△ACD的面积之比是________. 14.定义:当三角形中一个内角α是另一个内角β的两倍时,我们称此三角形为“特征三角形”,其中α称为“特征角”.如果一个“特征三角形”的一个内角为48°,那么“特征角”α的度数为____________. 15.在△ABC中,∠A=50°,∠B=30°,点D在AB边上,连接CD.若△ACD 为直角三角形,则∠BCD的度数为________. 16.如图所示,在△ABC中,∠A=36°,E是BC延长线上一点,∠DBE=∠ABE,∠DCE=∠ACE,则∠D的度数为________. 三、解答题 17.如图,AD是△ABC的角平分线,∠B=35°,∠BAD=30°,求∠C的度数. 18.如图,四边形中,分别是的中点,连结并延长,分别交的延长线于点,求证: 19.某单位修建正多边形花台,已知正多边形花台的一个外角的度数比一个内角度数的多12°.(1)求出这个正多边形的一个内角的度数; (2)求这个正多边形的边数.20.如图,在Rt△ABC中,∠ACB=90°,∠A=40°,△ABC的外角∠CBD的平分线BE交AC的延长线于点E.(1)求∠CBE的度数; (2)过点D作DF∥BE,交AC的延长线于点F,求∠F的度数. 21.如图,在△ABC中,BD是角平分线,CE是AB边上的高,且∠ACB=60°,∠ADB=97°,求∠A和∠ACE的度数.22.如图,CE是△ABC的外角∠ACD的平分线,且CE交BA的延长线于点E,∠B=25°,∠E=30°,求∠BAC的度数. 23.如图11-Z-11,点B在点A的南偏西45°方向,点C在点A的南偏东30°方向,点C在点B的北偏东60°方向,求∠C的度数. 24.如图,梯形中,对角线相交于点,分别是的中点,求证:是等边三角形 2021中考 临考专题训练:三角形-答案 一、选择题 1.【答案】A 2.【答案】D 【解析】根据三角形两边之和大于第三边,两边之差小于第三边,进行判断,A中2+3=5不能构成三角形;B中2+4<7不能构成三角形;C中3+4<8不能构成三角形;只有D选项符合. 3.【答案】A 4.【答案】C 【解析】∵CE是△ABC的外角∠ACD的平分线,∠ACE=60°,∴∠ACD=2∠ACE=120°,∵∠A+∠B=∠ACD,∠B=35°,∴∠A=∠ACD-∠B=120°-35°=85°.5.【答案】B 6.【答案】D 【解析】∵AC=CD,∠A=50°,∴∠ADC=50°,∵DC=DB,∠ADC=∠B+∠BCD=50°,∴∠B=∠BCD=25°,∴∠BDC=130°,∵BD=BE,∴∠BED=∠BDE=77.5°,∴∠CDE=∠BDC-∠BDE=130°-77.5°=52.5°,故答案为D.7.【答案】C [解析] ∵∠A=60°,∠ABC=42°,∴∠ACB=180°-∠A-∠ABC=78°.∵∠ABC,∠ACB的平分线分别为BE,CD,∴∠FBC=∠ABC=21°,∠FCB=∠ACB=39°,∴∠BFC=180°-∠FBC-∠FCB=120°.故选C.8.【答案】C [解析] ∵一个三角形三个内角的度数之比为2∶3∶7,∴可设这个三角形的三个内角分别为2x,3x,7x.由题意,得2x+3x+7x=180°,解得x=15°.∴7x=105°.二、填空题 9.【答案】13 【解析】∵DE垂直平分AB,∴AE=BE,∵AE+EC=8,∴EC+BE=8,∴△BCE的周长为BE+EC+BC=13.10.【答案】64 [解析] 由三角形内角和定理可知∠A+∠D+∠AOD=180°,∠B+∠C+∠BOC=180°.∵∠AOD=∠BOC,∴∠A+∠D=∠B+∠C.∴∠D=64°.11.【答案】60 [解析] ∵六边形ABCDEF的内角和为(6-2)×180°=720°且每个内角都相等,∴∠B==120°.∵AD∥BC,∴∠DAB=180°-∠B=60°.12.【答案】68 [解析] ∵∠AFD=158°,∴∠CFD=180°-∠AFD=180°-158°=22°.∵FD⊥BC,∴∠FDC=90°.∴∠C=180°-∠FDC-∠CFD=180°-90°-22°=68°.∵∠B=∠C,DE⊥AB,∴∠EDB=180°-∠B-∠DEB=180°-68°-90°=22°.∴∠EDF=180°-90°-22°=68°.13.【答案】4∶3 【解析】如解图,过D作DE⊥AB,DF⊥AC,垂足分别为E、F,∵AD是∠BAC的平分线,∴DE=DF(角平分线上的点到角两边的距离相等),设DE=DF=h,则==.14.【答案】48°或96°或88° [解析] 当“特征角”为48°时,即α=48°; 当β=48°时,则“特征角”α=2×48°=96°; 当第三个角为48°时,α+α+48°=180°,解得α=88°.综上所述,“特征角”α的度数为48°或96°或88°.15.【答案】60°或10° [解析] 分两种情况: (1)如图①,当∠ADC=90°时,∵∠B=30°,∴∠BCD=90°-30°=60°; (2)如图②,当∠ACD=90°时,∵∠A=50°,∠B=30°,∴∠ACB=180°-30°-50°=100°.∴∠BCD=100°-90°=10°.综上,∠BCD的度数为60°或10°.16.【答案】24° [解析] ∠D=∠DCE-∠DBE=∠ACE-∠ABE=(∠ACE-∠ABE)=∠A=×36°=24°.三、解答题 17.【答案】 解:∵AD是△ABC的角平分线,∴∠BAC=2∠BAD=2×30°=60°.∴∠C=180°-∠B-∠BAC=180°-35°-60°=85°.18.【答案】 连结,取中点,连结,由条件易得分别是的中位线,所以,且,因为,所以,所以,由可得:,同理可得,所以 19.【答案】 解:(1)设这个多边形的一个内角的度数是x°,则与其相邻的外角度数是x°+12°.由题意,得x+x+12=180,解得x=140.即这个正多边形的一个内角的度数是140°.(2)这个正多边形的每一个外角的度数为180°-140°=40°,所以这个正多边形的边数是=9.20.【答案】 解:(1)∵在Rt△ABC中,∠ACB=90°,∠A=40°,∴∠ABC=90°-∠A=50°.∴∠CBD=130°.∵BE是∠CBD的平分线,∴∠CBE=∠CBD=65°.(2)∵∠ACB=90°,∠CBE=65°,∴∠CEB=90°-65°=25°.∵DF∥BE,∴∠F=∠CEB=25°.21.【答案】 解:∵∠ADB=∠DBC+∠ACB,∴∠DBC=∠ADB-∠ACB=97°-60°=37°.∵BD是△ABC的角平分线,∴∠ABC=74°.∴∠A=180°-∠ABC-∠ACB=46°.∵CE是AB边上的高,∴∠AEC=90°.∴∠ACE=90°-∠A=44°.22.【答案】 解:∵∠B=25°,∠E=30°,∴∠ECD=∠B+∠E=55°.∵CE是∠ACD的平分线,∴∠ACE=∠ECD=55°.∴∠BAC=∠ACE+∠E=85°.23.【答案】 解:∵∠NBC=60°,∠NBA=∠BAS=45°,∴∠ABC=∠NBC-∠NBA=60°-45°=15°.又∵∠BAC=∠BAS+∠SAC=45°+30°=75°,∴在△ABC中,∠C=180°-(75°+15°)=90°.24.【答案】 【解直角三角形专题训练】相关文章: 解直角三角形专题总结04-19 解直角三角形04-21 解直角三角形章复习04-10 解直角三角形复习课件04-23 解直角三角形优秀教案01-08 数学解直角三角形单元试题04-24 解直角三角形的教学设计论文04-11 2024高考数学文复习方案_二轮作业手册专题综合训练(三)_专题三_三角函数、三角恒等变换与解三角形04-19 三角形证明直角三角形02-22 30°直角三角形三边关系05-07篇5:解直角三角形专题训练
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