第一篇：小学奥数角度计算
太阳能电池板安装角度怎样计算？
太阳能电池板方阵安装角度怎样计算?
由于太阳能是一种清洁的能源，它的应用正在世界范围内快速地增长。利用太阳光发电就是一种使用太阳能的方式，可是目前建设一个太阳能发电系统的成本还是较高的，从我国现阶段的太阳能发电成本来看，其花费在太阳电池组件的费用大约为60～70%，因此，为了更加充分有效地利用太阳能，如何选取太阳电池方阵的方位角与倾斜角是一个十分重要的问题。
1.方位角
太阳电池方阵的方位角是方阵的垂直面与正南方向的夹角(向东偏设定为负角度，向西偏设定为正角度)。一般情况下，方阵朝向正南(即方阵垂直面与正南的夹角为0°)时，太阳电池发电量是最大的。在偏离正南(北半球)30°度时，方阵的发电量将减少约10%～15%;在偏离正南(北半球)60°时，方阵的发电量将减少约20%～30%。但是，在晴朗的夏天，太阳辐射能量的最大时刻是在中午稍后，因此方阵的方位稍微向西偏一些时，在午后时刻可获得最大发电功率。在不同的季节，太阳电池方阵的方位稍微向东或西一些都有获得发电量最大的时候。方阵设置场所受到许多条件的制约，例如，在地面上设置时土地的方位角、在屋顶上设置时屋顶的方位角，或者是为了躲避太阳阴影时的方位角，以及布置规划、发电效率、设计规划、建设目的等许多因素都有关系。 如果要将方位角调整到在一天中负荷的峰值时刻与发电峰值时刻一致时，请参考下述的公式。至于并网发电的场合，希望综合考虑以上各方面的情况来选定方位角。 方位角 =(一天中负荷的峰值时刻(24小时制)-12)×15+(经度-116) 10月9日北京的太阳电池方阵处于不同方位角时，日射量与时间推移的关系曲线。在不同的季节，各个方位的日射量峰值产生时刻是不一样的。
2.倾斜角
倾斜角是太阳电池方阵平面与水平地面的夹角，并希望此夹角是方阵一年中发电量为最大时的最佳倾斜角度。 一年中的最佳倾斜角与当地的地理纬度有关，当纬度较高时，相应的倾斜角也大。但是，和方位角一样，在设计中也要考虑到屋顶的倾斜角及积雪滑落的倾斜角(斜率大于50%-60%)等方面的限制条件。对于积雪滑落的倾斜角，即使在积雪期发电量少而年总发电量也存在增加的情况，因此，特别是在并网发电的系统中，并不一定优先考虑积雪的滑落，此外，还要进一步考虑其它因素。 对于正南(方位角为0°度)，倾斜角从水平(倾斜角为0°度)开始逐渐向最佳的倾斜角过渡时，其日射量不断增加直到最大值，然后再增加倾斜角其日射量不断减少。特别是在倾斜角大于50°～60°以后，日射量急剧下降，直至到最后的垂直放置时，发电量下降到最小。方阵从垂直放置到10°～20°的倾斜放置都有实际的例子。对于方位角不为0°度的情况，斜面日射量的值普遍偏低，最大日射量的值是在与水平面接近的倾斜角度附近。 以上所述为方位角、倾斜角与发电量之间的关系，对于具体设计某一个方阵的方位角和倾斜角还应综合地进一步同实际情况结合起来考虑。
3.阴影对发电量的影响 一般情况下，我们在计算发电量时，是在方阵面完全没有阴影的前提下得到的。因此，如果太阳电池不能被日光直接照到时，那么只有散射光用来发电，此时的发电量比无阴影的要减少约10%～20%。针对这种情况，我们要对理论计算值进行校正。 通常，在方阵周围有建筑物及山峰等物体时，太阳出来后，建筑物及山的周围会存在阴影，因此在选择敷设方阵的地方时应尽量避开阴影。如果实在无法躲开，也应从太阳电池的接线方法上进行解决，使阴影对发电量的影响降低到最低程度。 另外，如果方阵是前后放置时，后面的方阵与前面的方阵之间距离接近后，前边方阵的阴影会对后边方阵的发电量产生影响。有一个高为L1的竹竿，其南北方向的阴影长度为L2，太阳高度(仰角)为A，在方位角为B时，假设阴影的倍率为R，则：
R = L2/L1 = ctgA×cosB
此式应按冬至那一天进行计算，
因为，那一天的阴影最长。例如方阵的上边缘的高度为h1，下边缘的高度为h2，则：方阵之间的距离a = (h1-h2)×R。当纬度较高时，方阵之间的距离加大，相应地设置场所的面积也会增加。对于有防积雪措施的方阵来说，其倾斜角度大，因此使方阵的高度增大，为避免阴影的影响，相应地也会使方阵之间的距离加大。通常在排布方阵阵列时，应分别选取每一个方阵的构造尺寸，将其高度调整到合适值，从而利用其高度差使方阵之间的距离调整到最小。 具体的太阳电池方阵设计，在合理确定方位角与倾斜角的同时，还应进行全面的考虑，才能使方阵达到最佳状态。
太阳能发电系统原理
光伏系统设计
1 •引言
经过光伏工作者们坚持不懈的努力，太阳能电池的生产技术不断得到提高，并且日益广泛地应用于各个领域。特别是邮电通信方面，由于近年来通信行业的迅猛发展，对通信电源的要求也越来越高，所以稳定可靠的太阳能电源被广泛使用于通信领域。而如何根据各地区太阳能辐射条件，来设计出既经济而又可靠的光伏电源系统，这是众多专家学者研究已久的课题，而且已有许多卓越的研究成果，为我国光伏事业的发展奠定了坚实的基础。笔者在学习各专家的设计方法时发现，这些设计仅考虑了蓄电池的自维持时间(即最长连续阴雨天)，而没有考虑到亏电后的蓄电池最短恢复时间(即两组最长连续阴雨天之间的最短间隔天数)。这个问题尤其在我国南方地区应引起高度重视，因为我国南方地区阴雨天既长又多，而对于方便适用的独立光伏电源系统，由于没有应急的其他电源保护备用，所以应该将此问题纳入设计中一起考虑。
本文综合以往各设计方法的优点，结合笔者多年来实际从事光伏电源系统设计工作的经验，引入两组最长连续阴雨天之间的最短间隔天数作为设计的依据之一，并综合考虑了各种影响太阳能辐射条件的因素，提出了太阳能电池、蓄电池容量的计算公式，及相关设计方法。
2•影响设计的诸多因素
太阳照在地面太阳能电池方阵上的辐射光的光谱、光强受到大气层厚度(即大气质量)、地理位置、所在地的气候和气象、地形地物等的影响，其能量在一日、一月和一年内都有很大的变化，甚至各年之间的每年总辐射量也有较大的差别。
太阳能电池方阵的光电转换效率，受到电池本身的温度、太阳光强和蓄电池电压浮动的影响，而这三者在一天内都会发生变化，所以太阳能电池方阵的光电转换效率也是变量。
蓄电池组也是工作在浮充电状态下的，其电压随方阵发电量和负载用电量的变化而变化。蓄电池提供的能量还受环境温度的影响。
太阳能电池充放电控制器由电子元器件制造而成，它本身也需要耗能，而使用的元器件的性能、质量等也关系到耗能的大小，从而影响到充电的效率等。 负载的用电情况，也视用途而定，如通信中继站、无人气象站等，有固定的设备耗电量。而有些设备如灯塔、航标灯、民用照明及生活用电等设备，用电量是经常有变化的。
设计者的任务是：在太阳能电池方阵所处的环境条件下(即现场的地理位置、太阳辐射能、气候、气象、地形和地物等)，设计的太阳能电池方阵及蓄电池电源系统既要讲究经济效益，又要保证系统的高可靠性。
某特定地点的太阳辐射能量数据，以气象台提供的资料为依据，供设计太阳能电池方阵用。这些气象数据需取积累几年甚至几十年的平均值。
地球上各地区受太阳光照射及辐射能变化的周期为一天24h。处在某一地区的太阳能电池方阵的发电量也有24h的周期性的变化，其规律与太阳照在该地区辐射的变化规律相同。但是天气的变化将影响方阵的发电量。如果有几天连续阴雨天，方阵就几乎不能发电，只能靠蓄电池来供电，而蓄电池深度放电后又需尽快地将其补充好。设计者多数以气象台提供的太阳每天总的辐射能量或每年的日照时数的平均值作为设计的主要数据。由于一个地区各年的数据不相同，为可靠起见应取近十年内的最小数据。根据负载的耗电情况，在日照和无日照时，均需用蓄电池供电。气象台提供的太阳能总辐射量或总日照时数对决定蓄电池的容量大小是不可缺少的数据。
对太阳能电池方阵而言，负载应包括系统中所有耗电装置(除用电器外还有蓄电池及线路、控制器等)的耗量。
方阵的输出功率与组件串并联的数量有关，串联是为了获得所需要的工作电压，并联是为了获得所需要的工作电流，适当数量的组件经过串并联即组成所需要的太阳能电池方阵。
3•蓄电池组容量设计
太阳能电池电源系统的储能装置主要是蓄电池。与太阳能电池方阵配套的蓄电池通常工作在浮充状态下，其电压随方阵发电量和负载用电量的变化而变化。它的容量比负载所需的电量大得多。蓄电池提供的能量还受环境温度的影响。为了与太阳能电池匹配，要求蓄电池工作寿命长且维护简单。
(1)蓄电池的选用
能够和太阳能电池配套使用的蓄电池种类很多，目前广泛采用的有铅酸免维护蓄电池、普通铅酸蓄电池和碱性镍镉蓄电池三种。国内目前主要使用铅酸免维护蓄电池，因为其固有的“免”维护特性及对环境较少污染的特点，很适合用于性能可靠的太阳能电源系统，特别是无人值守的工作站。普通铅酸蓄电池由于需要经常维护及其环境污染较大，所以主要适于有维护能力或低档场合使用。碱性镍镉蓄电池虽然有较好的低温、过充、过放性能，但由于其价格较高，仅适用于较为特殊的场合。
(2)蓄电池组容量的计算
蓄电池的容量对保证连续供电是很重要的。在一年内，方阵发电量各月份有很大差别。方阵的发电量在不能满足用电需要的月份，要靠蓄电池的电能给以补足;在超过用电需要的月份，是靠蓄电池将多余的电能储存起来。所以方阵发电量的不足和过剩值，是确定蓄电池容量的依据之一。同样，连续阴雨天期间的负载用电也必须从蓄电池取得。所以，这期间的耗电量也是确定蓄电池容量的因素之一。
因此，蓄电池的容量BC计算公式为：
BC=A×QL×NL×TO/CCAh(1) 式中：A为安全系数，取1.1～1.4之间;
QL为负载日平均耗电量，为工作电流乘以日工作小时数;
NL为最长连续阴雨天数;
TO为温度修正系数，一般在0℃以上取1，-10℃以上取1.1，-10℃以下取1.2;
CC为蓄电池放电深度，一般铅酸蓄电池取0.75，碱性镍镉蓄电池取0.85。
4•太阳能电池方阵设计
(1)太阳能电池组件串联数Ns
将太阳能电池组件按一定数目串联起来，就可获得所需要的工作电压，但是，太阳能电池组件的串联数必须适当。串联数太少，串联电压低于蓄电池浮充电压，方阵就不能对蓄电池充电。如果串联数太多使输出电压远高于浮充电压时，充电电流也不会有明显的增加。因此，只有当太阳能电池组件的串联电压等于合适的浮充电压时，才能达到最佳的充电状态。
计算方法如下：
Ns=UR/Uoc=(Uf+UD+Uc)/Uoc(2)
式中：UR为太阳能电池方阵输出最小电压;
Uoc为太阳能电池组件的最佳工作电压;
Uf为蓄电池浮充电压;
UD为二极管压降，一般取0.7V;
UC为其它因数引起的压降。
表1我国主要城市的辐射参数表 ：
城市
纬度Φ
日辐射量Ht 最佳倾角Φop 斜面日辐射量
修正系数Kop
哈尔滨 45.68 12703
Φ+3
15838
1.1400 长春
43.90 13572
Φ+1
17127
1.1548 沈阳
41.77 13793
Φ+1
16563
1.0671 北京
39.80 15261
Φ+4
18035
1.0976
天津
39.10 14356
Φ+5
16722
1.0692 呼和浩特 40.78 16574
Φ+3
20075
1.1468
太原
37.78 15061
Φ+5
17394 1.1005
乌鲁木齐 43.78 14464
Φ+12
16594 1.0092 西宁
36.75 16777
Φ+1
19617
1.1360
兰州
36.05
14966
Φ+8
15842
0.9489
银川
38.48
16553
Φ+2
19615
1.1559
西安
34.30
12781
Φ+14
12952 0.9275
上海 31.17 12760 Φ+3 13691 0.9900 南京 32.00 13099 Φ+5 14207 1.0249 合肥 31.85 12525 Φ+9 13299 0.9988 杭州 30.23 11668 Φ+3 12372 0.9362 南昌 28.67 13094 Φ+2 13714 0.8640 福州 26.08 12001 Φ+4 12451 0.8978 济南 36.68 14043 Φ+6 15994 1.0630 郑州 34.72 13332 Φ+7 14558 1.0476 武汉 30.63 13201 Φ+7 13707 0.9036 长沙 28.20 11377 Φ+6 11589 0.8028 广州 23.13 12110 Φ-7 12702 0.8850 海口 20.03 13835 Φ+12 13510 0.8761 南宁 22.82 12515 Φ+5 12734 0.8231 成都 30.67 10392 Φ+2 10304 0.7553 贵阳 26.58 10327 Φ+8 10235 0.8135 昆明 25.02 14194 Φ-8 15333 0.9216 拉萨 29.70 21301 Φ-8 24151 1.0964
蓄电池的浮充电压和所选的蓄电池参数有关，应等于在最低温度下所选蓄电池单体的最大工作电压乘以串联的电池数。
(2)太阳能电池组件并联数Np
在确定NP之前，我们先确定其相关量的计算方法。
①将太阳能电池方阵安装地点的太阳能日辐射量Ht，转换成在标准光强下的平均日辐射时数H(日辐射量参见表1)：
H=Ht×2.778/10000h(3)
式中：2.778/10000(h?m2/kJ)为将日辐射量换算为标准光强(1000W/m2)下的平均日辐射时数的系数。
②太阳能电池组件日发电量Qp Qp=Ioc×H×Kop×CzAh(4)
式中：Ioc为太阳能电池组件最佳工作电流;
Kop为斜面修正系数(参照表1);
Cz为修正系数，主要为组合、衰减、灰尘、充电效率等的损失，一般取0.8。
③两组最长连续阴雨天之间的最短间隔天数Nw，此数据为本设计之独特之处，主要考虑要在此段时间内将亏损的蓄电池电量补充起来，需补充的蓄电池容量Bcb为：
Bcb=A×QL×NLAh(5)
④太阳能电池组件并联数Np的计算方法为：
Np=(Bcb+Nw×QL)/(Qp×Nw)(6)
式(6)的表达意为：并联的太阳能电池组组数，在两组连续阴雨天之间的最短间隔天数内所发电量，不仅供负载使用，还需补足蓄电池在最长连续阴雨天内所亏损电量。
(3)太阳能电池方阵的功率计算
根据太阳能电池组件的串并联数，即可得出所需太阳能电池方阵的功率P：
P=Po×Ns×NpW(7) 式中：Po为太阳能电池组件的额定功率。
5设计实例
以广州某地面卫星接收站为例，负载电压为12V，功率为25W，每天工作24h，最长连续阴雨天为15d，两最长连续阴雨天最短间隔天数为30d，太阳能电池采用云南半导体器件厂生产的38D975×400型组件，组件标准功率为38W，工作电压17.1V，工作电流2.22A，蓄电池采用铅酸免维护蓄电池，浮充电压为(14±1)V。其水平面太阳辐射数据参照表1，其水平面的年平均日辐射量为12110(kJ/m2)，Kop值为0.885，最佳倾角为16.13°，计算太阳能电池方阵功率及蓄电池容量。
(1)蓄电池容量Bc Bc=A×QL×NL×To/CC
=1.2×(25/12)×24×15×1/0.75 =1200Ah
(2)太阳能电池方阵功率P 因为：
Ns=UR/Uoc=(Uf+UD+UC)/Uoc =(14+0.7+1)/17.1=0.92≈1 Qp=Ioc×H×Kop×Cz
=2.22×12110×(2.778/10000)×0.885×0.8 ≈5.29Ah
Bcb=A×QL×NL
=1.2×(25/12)×24×15=900Ah QL=(25/12)×24=50Ah
Np=(Bcb+Nw×QL)/(Qp×Nw)
=(900+30×50)/(5.29×30)≈15 故太阳能电池方阵功率为：
P=Po×Ns×Np=38×1×15=570W (3)计算结果
该地面卫星接收站需太阳能电池方阵功率为570W，蓄电池容量为1200Ah
第二篇：小学奥数讲座
一、 课前谈话
家长朋友、同学们，大家上午好!
本人姓谢，名叫宗伟，家住方城县赵河镇区。大专学历，是一名小学高级教师。1982年参加工作以来，一直在公立学校一线从事教育教学工作。30多年来，经验谈不上，教学实践可真不少!历次所教学科在学区抽测，镇级竞赛中，屡次名列前茅，深受广大家长和师生的厚爱与好评。
我家四代都是老师。爷爷旧社会教私塾，爸爸是有名的高中教师(现已去世)，哥哥和我也是教师，我的女儿现在市十五小任教。我们的血液里压根儿就流淌着对教育事业的爱，对学生的爱!对学校工作的负责，对学生学业的负责是我们的天职!我们的工作态度是严谨治学，我们的工作作风是一丝不苟，我们的工作精神是刻苦钻研!
今天被南阳市名牌辅导站“小状元辅导班”聘为辅导老师，心里由衷的高兴，心情特别的激动!今生有缘担任您孩子的辅导老师，我的心情更加高兴，更加激动!高兴和激动的同时，深感肩上的担子更重，责任更大!你们家长对孩子学业的期望也是老师对学生的希望，我们的心情是一样的!您把孩子送到这里，通过我们的精心培养，一定会让孩子们的学业成绩更上一层楼!当孩子的学业成绩提高了，顺利升入重点初中时，不仅是我们的骄傲，更是您和孩子的骄傲!
通过我对南阳市多数辅导站的调查了解，学奥数的热度不亚于英语和其他学科。有的还专门聘我一对一地辅导学生奥数的学习。为什么热度会这么高呢?就咱南阳市的22中和13 中招择校生时，首先进行考试，对于数学测试题来说，里边涉及大量的奥数题目，没学过奥数的同学，看似简单却束手无策，成绩不理想，愿掏钱也进不去!再从近年来的高考数学试卷来看，奥数试题占4分!在人人要学历，争过独木桥的今天，这小小的4分是何等的重要啊!它可能决定孩子十年寒窗的一次成败，也可能决定孩子一生的命运!所以，李银仓老师从实际出发，为家长和学生着想，为方便广大同学就近学习奥数，特开设奥数班，是非常必要的，也是非常及时的!望广大家长积极动员您的孩子踊跃参加我们奥数班的学习，争做一名小小数学家!我们奥数班的口号定为“学奥数，我傲数”!
二、 奥数和数学
(一)、关于对奥数的认识
奥数,有人认为是升学的法宝,也有人认为“奥数比黄毒还厉害”，不同的人站在不同的角度不同的立场怀着不同的目的，对奥数的认知自然不同。如果过滤各种名利，还原奥数本质，奥数只不过是一件工具，就像语文、英语是语言类工具一样，奥数是训练学生思维的工具。奥数最主要内容就是教会学生在解决问题的过程中如何思考和如何解决，即思维(怎样想)和方法(怎样做)，这是奥数的精髓所在。时下，小学奥数分两类，竞赛类奥数和普及型奥数。竞赛类奥数，如“华赛杯”、“希望杯”、“两岸四地”等，题型难度大，变化多，所涉基础知识点一般以人教版或北师大版教材为准;普及型奥数，如“举一反三”教材等，是对学习普通数学进行思维上的储备，突现对普通数学知识点的拓展，灵活变化。两者所学内容大致相同但要求的难易深浅不一，后者注重学生思考方式和解题技巧，灵活性占主导;前是在此基础上的拓深与变化，思维灵活、逻辑严谨显得很重要。 小学奥数有二至六年级奥数，对思维的训练要求上各有不同。
二年级奥数：“放”，就是思维上的放开，天马行空，任其所想，对错不是最重要的，最重要的是敢想，敢于尝试，敢于表达自己的想法;很多人对这一阶段孩子学习奥数的要求把握不准,经常会以学普通数学的标准来衡量或要求小孩,如作业做对了多少,考试考了多少分. 其实这一想法是错误的.例如"移火柴棒"这一专题,重点在训练学生观察能力和动手操作能力,观察不出,可以动手用实物摆一摆,移一移,而学生的能力就在这一过程中得到锻炼与培养,这是从做对做错的结果当中体现不出来的.又如“应用题”专题，低年级的学生对文字的理解还不到位，所以设置这一专题目的不是教会小孩如何用算式做对，而是通过画图的形式把题画出来，再从图中寻找答案。这种通过画图帮助理解的意识和画图的能力才是这一专题的目的。所以，二年级学奥数，学什么与做对什么不重要，重要的还是“意识”的培养，它是一个“润物细无声”的过程，其影响自然是在以后的学习运用中得到体现。
三、四年级奥数：“收”，这两年会接触到几乎所有的奥数专题，不同的专题可能需要不同的解决思路和方法，所以需要用专业的思维和方法来规范、引导学生的思考;就知识结构和系统思维训练而言,这一阶段,对奥数的学习最重要.
五、六年级奥数：“用”，把三四年级奥数所学的专题,结合
五、六年级的新知识，灵活揉合运用。比如说,三四年级中的“假设法”、“对应法”、“画图法”等等，在五六年级中的分数应用题、行程问题、工作问题中运用;在
五、六年级、初一的教材上，大量出现小学奥数里的知识，比如
五、六年级的“解决问题的策略”、初一“探索规律”、“可能性”等等，解决思路相同但会加进新学到的知识，如分数、比例、负数、图形等等。所以，
五、六年级奥数与普通数学的知识点结合更紧密，普通教材学什么，奥数就会有相应的章节，是普通数学知识点的延伸。这一阶段的学习，特别要注意各类题型变化中的“不变”，否则很容易陷入“题海”中，做题忙忙碌碌，效果却事倍功半。
(二)、奥数与普通数学的关系
普通数学的教改进行了好几年，所用的教材也逐渐由人教版统一到苏教版，目的是降低知识点难度，侧重知识的灵活性和生活意义，重视学生在学习过程中的自主性、探究性，就需要学生有好的思维和好的方法。在这一点上奥数是一个很好的补充。同时，教改年年改，素质教育天天喊，但最终都走不出高考“指挥棒”的阴影，平时素质教育，考试应试教育，所以，各种附加题、招生考试、入学测试中的数学试卷大量出现奥数题，目的其一是没有难度不好挑选，其
二、学生没有好的思维，很难适应初中数学的学习。但是毕竟两者在内容的广度、深度、变化的多样性灵活性上有很大的区别，不在同一档次，所以学习过程有很大的不同。首先，它们最大的不同就是学习目的不同。普通数学侧重于知识点的掌握，而奥数侧重于思维方式方法的培养。这就直接导致教学过程上的不同。普通数学，多为应试保姆式的教学，先讲例题，再练相似习题，直到熟悉为止，注重知识点的掌握，落脚点在“做”;而奥数更侧重于做之前的阶段，即思考的过程。“做得对不如想得妙”，也就是这个意思。奥数的教学一般是先想后评再讲最后练(注意：这个“练”已经开始练“变化”了)，先做是要让学生有自己想法(不管对错)，这样才能跟后面评讲中老师的想法进行对比，最终形成自己的思维，再通过练变化的题类，来锻炼思维上的灵活性。落脚点在“想”。课堂上更多的应该是针对学生的想法进行引导与疏通。特别强调一点：奥数重视的是思考的过程而不是做题的结果，用学普通数学的方式来学奥数，这是很多学生学不好奥数的一个很重要的原因。做过的题会忘掉，但形成在头脑中的思维和方法却永远受益。
(三)、关于学习奥数的态度问题
既然奥数的目的是在训练人的思维,那么,在学习奥数前,我们就应该有一个正确的态度.对老师而言,我们不可像教数学那样来教奥数,首先我们要向学生传达一个明确的信息:奥数最重要的地方是做题前思维准备和做题时的思维技巧,而不是做题后的题目结果,知识点的掌握并不是学习的唯一目的,特别对二三四年级.而引导这种教学方法在这里要发挥得淋漓尽致,怎么引,如何切入,导到什么程度及导的快慢.学生在此过程中会出现哪些思维偏差和如何修正，这是我们老师最关心的。学生的态度端正了，才能把他们的学习重点和注意力引到对思维方式方法的学习上来，而不是限于做对某道题、某次作业、某次考试。这就是学生学习奥数该有的态度。而现在很多学生学习奥数首先就在这个态度上出了大问题：不太关注题目的分析思路而关心题目是否最后解决，这样很容易把人的思维局限于某道题目上，当题目变化后思维就跟不上。最后来说说家长对此的态度。其实家长也了解自己小孩的思维灵活状态。对小孩学习奥数的目的和要求，应视每个小孩当时的思维状态而定。你让小孩来学奥数，是想让他的思维更灵活点还是要求他参加竞赛考个好成绩，或是没态度全听老师的?态度决定言行，言行影响学习过程。这是老师、学生、家长都应注意的事项。
(四)、关于奥数的学习
学习奥数有四个层次，第一种：课堂理解;就是能够听懂老师讲的题;第二种能够解题，就是学生听懂后还能做出作业;第三种：能够讲题;不仅自己会做，还能比较顺畅的讲出来;第四种：能够看题，就是自己领悟了这个知识后，能够看出不同题类的变化，进而找出解决办法。相对应，对思维的要求也就不同。第一种，只是理解解题的思路;第二种是习惯式记忆性的思维;第三种才是真正把老师的思路变成自己的思路，思路不清，讲出来别人也听不懂;第四种是思维的运用，能力的体现，正所谓能举一反三。为什么有些小孩上课能听懂，作业能做对，考试就出问题，原因就出在思维上面，处在
一、二个层次怎么能够应对题目的灵活变化。奥数的教学一般是先想后评再讲最后练，在课堂学习中，就应把自己的注意力放在前几个阶段，大胆想认真听，听时要注意对比各种想法的异同，及时总结，在练时，重点不是做，而是仔细观察，找出题目间的变化，条件如何转换。课后有时间多找出相关习题，看看都有哪些不同，这样就会加深对头脑中已形成或初步形成的思维与方法的理解，同时锻炼了自己的应变能力。 学习奥数应注意以下几点:第一，上课要认真听讲，这是最起码的要求，除了这个，要想保证听讲是高质量的，最关键要跟着老师的思路走，这样思维的连续性、解题思路的连贯性就不容易受到破坏，否则很容易造成对所学知识一知半解，直接影响学习的效果。如果遇到听不懂怎么办?有的同学没有系统地学习过奥数，或刚接触，可能老师在讲课过程中提到的某些名词或者方法你感到有些生疏，听不懂。其实很多东西在以前都接触过，只是说法不同或者没有加以系统的总结和归纳。所以如果有不懂的就要及时向老师提出，不光奥数，学习什么都忌讳听不懂不问，更不要害怕提问，也许老师用几句话就能使你茅塞顿开，相关的题型就能够迎刃而解;第二，注意倾听其他同学的发言。有些同学在其他人发言的时候，认为自己会了，就不听了;还有些同学有不同想法，在别人发言没结束的时候思想开了小差或议论、插嘴。其实，同样一道题，可能有不同的方法，别人的想法也许比你的更好，因此你要认真倾听;即使别人的想法不正确，你也应该认真倾听，最起码你能知道他错在哪里，也许这正是大家都容易出现错误的地方，应该共同注意。所以，你一定要重视别人的发言。倾听，对自己也是一种提高。
当然，不同的小孩在基础、思维反应能力、接受能力等都有区别，对知识的掌握程度、快慢就会不一样，要求也就应该不一样。学习上可以允许慢，但思考上绝不可以允许懒。这部分学生课后下的功夫可能就要比其他人多些，比如说先预习、复习等等。 关于作业问题。作业一般会分三个层次，基础题、变化题、拓展题，就是针对不同程度的学生而设计的。每次讲新课后，要把例题看一遍，不仅仅是看，还要认真的思考。课堂中所选的都是有代表性的典型例题，方法和思路上都有讲究。因此，回去后，仍需及时地加以回顾，趁热打铁，把老师强调的每个环节都回忆一遍，重点题型和解题方法还要及时总结和积累。作业不只是对学习效果的检验，最根本的还是练，练习、巩固思维过程及暴露问题。有些同学以为上课听会了，做作业的时候不用心，拿过来就做，缺乏思考，造成作业出错率高;更有小部分同学不爱做作业，对作业敷衍了事。作业是对我们课堂所学知识的巩固和运用，是对自己解题能力的检验和提高。上课听懂了，不等于掌握了，通过作业，你能对所学知识进行重组、练习，把老师传授给你的知识转化为自己的技能，而且老师能够了解你对知识的掌握程度，以进行更好的针对性的讲解。作业不认真，不仅达不到练习的目的，而且也不能向老师传递你真实的信息。作业不仅要认真对待，还要努力思考巧妙的方法，使得所学的知识灵活运用，这是学习奥数非常重要的一个环节。
最后是关于家长辅导的问题。家长的辅导视时间和学生的自觉性而定，不可不管，也不可操心太多，适当对孩子的听课情况进行检查，例如，在今天所讲内容中任意挑选一两道题，让孩子简单讲述一下，看他是否真正听懂了老师的讲解，如果不会，找一下原因，以便和老师及时沟通，在以后的学习中改正督促孩子做作业。每一讲讲完，最好马上做作业，因为这时对老师所讲的解题思路和方法记忆比较清晰，及时进行巩固，会感到很轻松，效果也很好;越往后拖，忘得也越多，做起题来感觉吃力，就会失去兴趣，越来越不爱做，家长也跟着着急，学习效果非常不好。同时家长应对孩子作业的完成情况以及改错情况进行监督、检查。自觉性好的，可适当抽查;如果自律性差点的，那就要盯住了。在孩子做题遇到困难时，家长要给予适当帮助，可进行提示性指点，不要“大包大揽”。第一，这样下去容易使孩子产生依赖性，自己不爱动脑筋;第二，老师讲授的解题方法和家长讲的可能有很大差别，应该让孩子尽量用老师传授的方法，这样才能起到练习提高的目的帮孩子树立信心。由于奥数知识相对来说有一定的难度，因此，孩子做题时可能会有困难，这是很正常的。家长不要给孩子施加压力，或对孩子进行训斥、挖苦，这容易使孩子失去自信心，产生畏难情绪，从而对学习失去兴趣。在孩子遇到困难时，家长要给孩子以适当的鼓励和帮助，让孩子知道只要坚持系统地学下去，一定会好起来的。
三、教学奥数
(一)、导语。
我从李银仓老师那儿得知，在座的家长朋友都是不仅关心孩子的生活起居，健康成长，更关注孩子的学习生活的好同志，好家长!孩子们呢，个个学习成绩优秀，是班级乃至学校的佼佼者，因此我有决心、有信心让孩子们的学业成绩更上一层楼!下面我就运用奥数的思维方式给大家展示几个例子：
(二)、出示例题。
例
1、(1)在下面的汉子算式里，不同的汉子代表不同的数字，请你想一想，这些汉字各代表哪些数字?
爱 听 想 看
+ 边 听 边 看
边 看 想 爱 看
爱=(
)，听=(
)，想=(
)，边=(
)。 分析：两个加数都是四位数，和是五位数，所以边=1,个位上 “看”+“看”=“看”，所以“看”=0，代入发现：
爱 听 想 0
+
1 听 1 0
所以“爱”=9或8 1 0 想 爱 0 如果“爱”=8，十位上“想”+1=8，“想”=7，“听”+“听”=7是不可能的。
如果“爱”=9，十位上“想”+1=9，“想”=8，“听”+“听”=8，“听”=4， 所以9480+1410=10890，“爱”=9，“听”=4，“想”=8，“看”=0，“边”=1. 巩固练习 ：
蜂 蜜 甜
+ 甜 蜂 蜜
槐 蜜 甜
蜂=(
)， 蜜=(
)， 甜=(
)，槐=(
)
(2)a※b=(a+b)+(a-b), 求10※4和12※(3※2)。
这道题的新运算被定义为：a※b等于a与b两数之和加上两数之差，这里的“※”就代表了一种新运算。在定义新运算中同样也规定了有括号的要先算括号里面的。
10※4=(10+4)+(10-4)=14+6=20 3※2=(3+2)+(3-2) =5+1=6 12※(3※2)= 12※6
=(12+6)+(12-6)
= 18 + 6=24 巩固练习：设a※b=(a+b)×a,求12※3。
拓展练习：如果4※2=14， 5※3=22， 3※5=4 ， 7※8=31。
求6※9的值。
例
2、(1)有4箱水果，已知苹果、梨、橘子平均每箱42个，梨、橘子、桃平均每箱36个，苹果和桃平均每箱37个。一箱苹果多少个? 【思路导航】(1)1箱苹果+1箱梨+1箱橘子=42×3=136(个);
(2)1箱桃+1箱梨+1箱橘子=36×3=108(个) (3)1箱苹果+1箱桃=37×2=74(个)
由(1)(2)两个等式可知：
1箱苹果比1箱桃多126-108=18(个)， 再根据等式(3)就可以算出： 1箱桃有(74-18)÷2=28(个)， 1箱苹果有28+18=46(个)。答：略。
(2)松鼠妈妈采松果，晴天每天可采20个，雨天每天只采12个。它一共只采112个松果，平均每天采14个，问这几天有几天下雨? 【思路导航】112÷14=8(个)，松鼠妈妈一共采了8天松果。假设8天都是晴天，应该采20×8=160(个)。比实际多采160-112=48(个)。怎么会多出48个呢?是因为这8天中有雨天。
因为每个晴天比每个雨天多采 20-12=8(个)48÷8=6(天)所以有6天下雨。 112÷14=8(天) (20×8-112)÷(20-12)=6(天)
答：这8天中有6天下雨。
巩固练习：
1、一次数学测验，全班平均分是91.2分，已知女生有21人男生平均每人90.5分。求这个班男生有多少人?
2、兔妈妈采蘑菇，晴天每天可采16个，雨天每天只能采11个，它一共采了195个，平均每天采13个。这几天中有几天是晴天?
拓展练习：某次数学竞赛共有12道题，每道题做对得10分，做错或不做都倒扣8分。王亮最后得了66分，他做对了几道题呢?
以上所讲，望在座的家长朋友和同学们提出宝贵意见。今天的课就上到这里，谢谢大家光临。
小
学
奥
数
讲
座
2015年8月拟
第三篇：小学奥数教学总结
小学四年级奥数教学总结
梁春明
奥数的学习和兴趣的培养对于打好基础有着不可替代的作用，参加奥数学习是对思维的培养，是对学习习惯的培养，也是对自己的挑战。这种培训也许对培养数学家意义不大，但是对于思维逻辑的训练，对于日后的学习应该是很必要的。因为很多现实问题无法用固定方法去解决，奥数本身就是培养并考察你的思维能力和逻辑推理。能真正学好、学活数学，学会分析问题、解决问题，才是学好其他学科的关键
本学期，我从各方面严格要求自己，结合本班学生的实际情况，勤勤恳恳，兢兢业业，使教学教学有计划、有组织、有步骤地开展，圆满地完成了教学任务。
一、认真备课。不但备学生，而且备教材、备教法。根据教学内容及学生的实际，设计课的类型，拟定采用的教学方法，并对教学过程的程序及时间安排都做了详细的记录，对每个例题都能有补充讲解。每一课都做到“有备而来”，每堂课都在课前做好充分的准备。
二、增强上课技能，提高教学质量。在课堂上特别注意调动学生的积极性，加强师生交流，充分体现学生学得容易，学得轻松，觉得愉快，注意精神，培养学生多动口动手动脑的能力。
三、认真批改作业，布置作业有针对性，有层次性。对学生的作业批改及时，认真分析并记录学生的作业情况，将他们在作业过程出现的问题做出分类总结，进行透切的讲评，并针对有关情况及时改进教学方法，做到有的放矢。
四、做好课后辅导工作，注意分层教学。在课后，为不同层次的学生进行相应的辅导，以满足不同层次的学生的需求，同时加大了对后进生的辅导的力度。对后进生的辅导，并不限于学生知识性的辅导，更重要的是学生思想的辅导，提高后进生的成绩，首先解决他们的心结，使之对学习奥数萌发兴趣。使他们有成就感。从而喜欢上奥数。
不足，对于个别学生课堂纪律的调空还要多变换方法，吸引学生注意，使之照顾到全体学生。
一份耕耘，一份收获。良好的成绩将为我今后工作带来更大的动力。不过也应该清醒地认识到工作中存在的不足之处。教学工作苦乐相伴，我将一如既往地勤勉，务实地工作，我将本着“勤学、善思、实干”的准则，一如既往，再接再厉，把工作搞得更好。
第四篇：小学数学奥数教案
绿藤星教育(15320475397)----小学奥数基础教程
小学奥数基础教程
第1讲 速算与巧算
(一) 第2讲 速算与巧算
(二) 第3讲 高斯求和
第4讲 4，8，9整除的数的特征 第5讲 弃九法
第6讲 数的整除性
(二) 第7讲 找规律
(一) 第8讲 找规律
(二) 第9讲 数字谜
(一) 第10讲 数字谜
(二) 第11讲 归一问题与归总问题 第12讲 年龄问题
第13讲 鸡兔同笼问题与假设法 第14讲 盈亏问题与比较法
(一) 第15讲 盈亏问题与比较法
(二) 第16讲 数阵图
(一) 第17讲 数阵图
(二) 第18讲 数阵图
(三) 第19将 乘法原理 第20讲 加法原理
(一) 第21讲 加法原理
(二) 第22讲 还原问题
(一) 第23讲 还原问题
(二) 第24讲 页码问题 第25讲 智取火柴 第26讲 逻辑问题
(一) 第27讲 逻辑问题
(二) 第28讲 最不利原则 第29讲 抽屉原理
(一) 第30讲 抽屉原理
(二) 绿藤星教育(15320475397)----小学奥数基础教程第1讲 速算与巧算
(一)
计算是数学的基础，小学生要学好数学，必须具有过硬的计算本领。准确、快速的计算能力既是一种技巧，也是一种思维训练，既能提高计算效率、节省计算时间，更可以锻炼记忆力，提高分析、判断能力，促进思维和智力的发展。
我们在三年级已经讲过一些四则运算的速算与巧算的方法，本讲和下一讲主要介绍加法的基准数法和乘法的补同与同补速算法。
例1 四年级一班第一小组有10名同学，某次数学测验的成绩(分数)如下：
86，78，77，83，91，74，92，69，84，75。
求这10名同学的总分。
分析与解：通常的做法是将这10个数直接相加，但这些数杂乱无章，直接相加既繁且易错。观察这些数不难发现，这些数虽然大小不等，但相差不大。我们可以选择一个适当的数作“基准”，比如以“80”作基准，这10个数与80的差如下：
6，-2，-3，3，11，-6，12，-11，4，-5，其中“-”号表示这个数比80小。于是得到
总和=80×10+(6-2-3+3+11-6+12-11+4-5)
=800+9=809。
实际计算时只需口算，将这些数与80的差逐一累加。为了清楚起见，将这一过程表示如下：
通过口算，得到差数累加为9，再加上80×10，就可口算出结果为809。
例1所用的方法叫做加法的基准数法。这种方法适用于加数较多，而且所有的加数相差不大的情况。作为“基准”的数(如例1的80)叫做基准数，各数与基准数的差的和叫做累计差。由例1得到：
总和数=基准数×加数的个数+累计差， 平均数=基准数+累计差÷加数的个数。
在使用基准数法时，应选取与各数的差较小的数作为基准数，这样才容易计算累计差。同时考虑到基准数与加数个数的乘法能够方便地计算出来，所以基准数应尽量选取整
十、整百的数。
例2 某农场有10块麦田，每块的产量如下(单位：千克)：
462，480，443，420，473，429，468，439，475，461。求平均每块麦田的产量。 解：选基准数为450，则
累计差=12+30-7-30+23-21+18-11+25+11
=50，
平均每块产量=450+50÷10=455(千克)。
答：平均每块麦田的产量为455千克。
求一位数的平方，在乘法口诀的九九表中已经被同学们熟知，如7×7=49(七七四十九)。对于两位数的平方，大多数同学只是背熟了10～20的平方，而21～99的平方就不大熟悉了。有没有什么窍门，能够迅速算出两位数的平方呢?这里向同学们介绍一种方法——凑整补零法。所谓凑整补零法，就是用所求数与最接近的整十数的差，通过移多补少，将所求数转化成一个整十数乘以另一数，再加上零头的平方数。下面通过例题来说明这一方法。 例3 求292和822的值。 解：292=29×29
=(29+1)×(29-1)+12
=30×28+1
=840+1
=841。 绿藤星教育(15320475397)----小学奥数基础教程
822=82×82
=(82-2)×(82+2)+2
2 =80×84+4
=6720+4
=6724。
由上例看出，因为29比30少1，所以给29“补”1，这叫“补少”;因为82比80多2，所以从82中“移走”2，这叫“移多”。因为是两个相同数相乘，所以对其中一个数“移多补少”后，还需要在另一个数上“找齐”。本例中，给一个29补1，就要给另一个29减1;给一个82减了2，就要给另一个82加上2。最后，还要加上“移多补少”的数的平方。
由凑整补零法计算352，得
35×35=40×30+52=1225。这与三年级学的个位数是5的数的平方的速算方法结果相同。
这种方法不仅适用于求两位数的平方值，也适用于求三位数或更多位数的平方值。 例4 求9932和20042的值。 解：9932=993×993
=(993+7)×(993-7)+72
=1000×986+49
=986000+49
=986049。
20042=2004×2004
=(2004-4)×(2004+4)+42
=2000×2008+16
=4016000+16
=4016016。
下面，我们介绍一类特殊情况的乘法的速算方法。
请看下面的算式：
66×46，73×88，19×44。
这几道算式具有一个共同特点，两个因数都是两位数，一个因数的十位数与个位数相同，另一因数的十位数与个位数之和为10。这类算式有非常简便的速算方法。 例5 88×64=?
分析与解：由乘法分配律和结合律，得到
88×64
=(80+8)×(60+4)
=(80+8)×60+(80+8)×4
=80×60+8×60+80×4+8×4
=80×60+80×6+80×4+8×4
=80×(60+6+4)+8×4
=80×(60+10)+8×4
=8×(6+1)×100+8×4。
于是，我们得到下面的速算式：
由上式看出，积的末两位数是两个因数的个位数之积，本例为8×4;积中从百位起前面的数是“个位与十位相同的因数”的十位数与“个位与十位之和为10的因数”的十位数加1的乘积，本例为8×(6+1)。 例6 77×91=?
解：由例3的解法得到 绿藤星教育(15320475397)----小学奥数基础教程
由上式看出，当两个因数的个位数之积是一位数时，应在十位上补一个0，本例为7×1=07。
用这种速算法只需口算就可以方便地解答出这类两位数的乘法计算。 练习1
1.求下面10个数的总和：
165，152，168，171，148，156，169，161，157，149。
2.农业科研小组测定麦苗的生长情况，量出12株麦苗的高度分别为(单位：厘米)：
26，25，25，23，27，28，26，24，29，27，27，25。求这批麦苗的平均高度。
3.某车间有9个工人加工零件，他们加工零件的个数分别为：
68，91，84，75，78，81，83，72，79。
他们共加工了多少个零件?
4.计算：
13+16+10+11+17+12+15+12+16+13+12。
5.计算下列各题：
(1)372; (2)532; (3)912;
(4)682： (5)1082; (6)3972。
6.计算下列各题：
(1)77×28;(2)66×55; (3)33×19;(4)82×44; (5)37×33;(6)46×99。
练习1 答案
1.1596。 2.26厘米。
3.711个。 4.147。
5.(1)1369; (2)2809; (3)8281;
(4)4624; (5)11664; (6)157609。
6.(1)2156; (2)3630; (3)627;
(4)3608; (5)1221; (6)4554。 第2讲 速算与巧算
(二)
上一讲我们介绍了一类两位数乘法的速算方法，这一讲讨论乘法的“同补”与“补同”速算法。
两个数之和等于10，则称这两个数互补。在整数乘法运算中，常会遇到像72×78，26×86等被乘数与乘数的十位数字相同或互补，或被乘数与乘数的个位数字相同或互补的情况。72×78的被乘数与乘数的十位数字相同、个位数字互补，这类式子我们称为“头相同、尾互补”型;26×86的被乘数与乘数的十位数字互补、个位数字相同，这类式子我们称为“头互补、尾相同”型。计算这两类题目，有非常简捷的速算方法，分别称为“同补”速算法和“补同”速算法。
例1 (1)76×74=? (2)31×39=?
分析与解：本例两题都是“头相同、尾互补”类型。
(1)由乘法分配律和结合律，得到 76×74 =(70+6)×(70+4)
=(70+6)×70+(70+6)×4=70×70+6×70+70×4+6×4 =70×(70+6+4)+6×4 =70×(70+10)+6×4 绿藤星教育(15320475397)----小学奥数基础教程=7×(7+1)×100+6×4。 于是，我们得到下面的速算式：
(2)与(1)类似可得到下面的速算式：
由例1看出，在“头相同、尾互补”的两个两位数乘法中，积的末两位数是两个因数的个位数之积(不够两位时前面补0，如1×9=09)，积中从百位起前面的数是被乘数(或乘数)的十位数与十位数加1的乘积。“同补”速算法简单地说就是： 积的末两位是“尾×尾”，前面是“头×(头+1)”。
我们在三年级时学到的15×15，25×25，„，95×95的速算，实际上就是“同补”速算法。
例2 (1)78×38=? (2)43×63=?
分析与解：本例两题都是“头互补、尾相同”类型。 (1)由乘法分配律和结合律，得到
78×38 =(70+8)×(30+8)
=(70+8)×30+(70+8)×8 =70×30+8×30+70×8+8×8 =70×30+8×(30+70)+8×8 =7×3×100+8×100+8×8 =(7×3+8)×100+8×8。 于是，我们得到下面的速算式：
(2)与(1)类似可得到下面的速算式：
由例2看出，在“头互补、尾相同”的两个两位数乘法中，积的末两位数是两个因数的个位数之积(不够两位时前面补0，如3×3=09)，积中从百位起前面的数是两个因数的十位数之积加上被乘数(或乘数)的个位数。“补同”速算法简单地说就是： 积的末两位数是“尾×尾”，前面是“头×头+尾”。
例1和例2介绍了两位数乘以两位数的“同补”或“补同”形式的速算法。当被乘数和乘数多于两位时，情况会发生什么变化呢?
我们先将互补的概念推广一下。当两个数的和是10，100，1000，„时，这两个数互为补数，简称互补。如43与57互补，99与1互补，555与445互补。
在一个乘法算式中，当被乘数与乘数前面的几位数相同，后面的几位数互补时，这个算式就是“同补”型，即“头相同，尾互补”型。例如， 因为被乘数与乘数的绿藤星教育(15320475397)----小学奥数基础教程前两位数相同，都是70，后两位数互补，77+23=100，所以是“同补”型。又如，
等都是“同补”型。
当被乘数与乘数前面的几位数互补，后面的几位数相同时，这个乘法算式就是“补同”型，即“头互补，尾相同”型。例如， 等都是“补同”型。
在计算多位数的“同补”型乘法时，例1的方法仍然适用。 例3 (1)702×708=? (2)1708×1792=? 解：(1)
(2)
计算多位数的“同补”型乘法时，将“头×(头+1)”作为乘积的前几位，将两个互补数之积作为乘积的后几位。
注意：互补数如果是n位数，则应占乘积的后2n位，不足的位补“0”。
在计算多位数的“补同”型乘法时，如果“补”与“同”，即“头”与“尾”的位数相同，那么例2的方法仍然适用(见例4);如果“补”与“同”的位数不相同，那么例2的方法不再适用，因为没有简捷实用的方法，所以就不再讨论了。 例4 2865×7265=?
解：
练习2
计算下列各题：
1.68×62; 2.93×97;
3.27×87; 4.79×39;
5.42×62; 6.603×607;
7.693×607; 8.4085×6085。 第3讲 高斯求和
德国著名数学家高斯幼年时代聪明过人，上学时，有一天老师出了一道题让同学们计算：
1+2+3+4+„+99+100=?
老师出完题后，全班同学都在埋头计算，小高斯却很快算出答案等于5050。高斯为什么算得又快又准呢?原来小高斯通过细心观察发现：
1+100=2+99=3+98=„=49+52=50+51。 绿藤星教育(15320475397)----小学奥数基础教程
1～100正好可以分成这样的50对数，每对数的和都相等。于是，小高斯把这道题巧算为
(1+100)×100÷2=5050。
小高斯使用的这种求和方法，真是聪明极了，简单快捷，并且广泛地适用于“等差数列”的求和问题。
若干个数排成一列称为数列，数列中的每一个数称为一项，其中第一项称为首项，最后一项称为末项。后项与前项之差都相等的数列称为等差数列，后项与前项之差称为公差。例如：
(1)1，2，3，4，5，„，100;
(2)1，3，5，7，9，„，99;(3)8，15，22，29，36，„，71。
其中(1)是首项为1，末项为100，公差为1的等差数列;(2)是首项为1，末项为99，公差为2的等差数列;(3)是首项为8，末项为71，公差为7的等差数列。
由高斯的巧算方法，得到等差数列的求和公式： 和=(首项+末项)×项数÷2。 例1 1+2+3+„+1999=?
分析与解：这串加数1，2，3，„，1999是等差数列，首项是1，末项是1999，共有1999个数。由等差数列求和公式可得
原式=(1+1999)×1999÷2=1999000。
注意：利用等差数列求和公式之前，一定要判断题目中的各个加数是否构成等差数列。 例2 11+12+13+„+31=?
分析与解：这串加数11，12，13，„，31是等差数列，首项是11，末项是31，共有31-11+1=21(项)。
原式=(11+31)×21÷2=441。
在利用等差数列求和公式时，有时项数并不是一目了然的，这时就需要先求出项数。根据首项、末项、公差的关系，可以得到 项数=(末项-首项)÷公差+1， 末项=首项+公差×(项数-1)。 例3 3+7+11+„+99=?
分析与解：3，7，11，„，99是公差为4的等差数列， 项数=(99-3)÷4+1=25， 原式=(3+99)×25÷2=1275。
例4 求首项是25，公差是3的等差数列的前40项的和。 解：末项=25+3×(40-1)=142， 和=(25+142)×40÷2=3340。
利用等差数列求和公式及求项数和末项的公式，可以解决各种与等差数列求和有关的问题。 例5 在下图中，每个最小的等边三角形的面积是12厘米2，边长是1根火柴棍。问：(1)最大三角形的面积是多少平方厘米?(2)整个图形由多少根火柴棍摆成?
分析：最大三角形共有8层，从上往下摆时，每层的小三角形数目及所用火柴数目如下表： 绿藤星教育(15320475397)----小学奥数基础教程由上表看出，各层的小三角形数成等差数列，各层的火柴数也成等差数列。
解：(1)最大三角形面积为
(1+3+5+„+15)×12 =[(1+15)×8÷2]×12 =768(厘米2)。
2)火柴棍的数目为
3+6+9+„+24 =(3+24)×8÷2=108(根)。
答：最大三角形的面积是768厘米2，整个图形由108根火柴摆成。
例6 盒子里放有三只乒乓球，一位魔术师第一次从盒子里拿出一只球，将它变成3只球后放回盒子里;第二次又从盒子里拿出二只球，将每只球各变成3只球后放回盒子里„„第十次从盒子里拿出十只球，将每只球各变成3只球后放回到盒子里。这时盒子里共有多少只乒乓球?
分析与解：一只球变成3只球，实际上多了2只球。第一次多了2只球，第二次多了2×2只球„„第十次多了2×10只球。因此拿了十次后，多了
2×1+2×2+„+2×10 =2×(1+2+„+10) =2×55=110(只)。
加上原有的3只球，盒子里共有球110+3=113(只)。
综合列式为：
(3-1)×(1+2+„+10)+3 =2×[(1+10)×10÷2]+3=113(只)。
练习3
1.计算下列各题：
(1)2+4+6+„+200;
(2)17+19+21+„+39; (3)5+8+11+14+„+50; (4)3+10+17+24+„+101。
2.求首项是5，末项是93，公差是4的等差数列的和。
3.求首项是13，公差是5的等差数列的前30项的和。
4.时钟在每个整点敲打，敲打的次数等于该钟点数，每半点钟也敲一下。问：时钟一昼夜敲打多少次?
5.求100以内除以3余2的所有数的和。
6.在所有的两位数中，十位数比个位数大的数共有多少个?
第四讲
我们在三年级已经学习了能被2，3，5整除的数的特征，这一讲我们将讨论整除的性质，并讲解能被4，8，9整除的数的特征。
数的整除具有如下性质： 绿藤星教育(15320475397)----小学奥数基础教程性质1 如果甲数能被乙数整除，乙数能被丙数整除，那么甲数一定能被丙数整除。例如，48能被16整除，16能被8整除，那么48一定能被8整除。 性质2 如果两个数都能被一个自然数整除，那么这两个数的和与差也一定能被这个自然数整除。例如，21与15都能被3整除，那么21+15及21-15都能被3整除。
性质3 如果一个数能分别被两个互质的自然数整除，那么这个数一定能被这两个互质的自然数的乘积整除。例如，126能被9整除，又能被7整除，且9与7互质，那么126能被9×7=63整除。
利用上面关于整除的性质，我们可以解决许多与整除有关的问题。为了进一步学习数的整除性，我们把学过的和将要学习的一些整除的数字特征列出来：
(1)一个数的个位数字如果是0，2，4，6，8中的一个，那么这个数就能被2整除。
(2)一个数的个位数字如果是0或5，那么这个数就能被5整除。
(3)一个数各个数位上的数字之和如果能被3整除，那么这个数就能被3整除。
(4)一个数的末两位数如果能被4(或25)整除，那么这个数就能被4(或25)整除。
(5)一个数的末三位数如果能被8(或125)整除，那么这个数就能被8(或125)整除。
(6)一个数各个数位上的数字之和如果能被9整除，那么这个数就能被9整除。
其中(1)(2)(3)是三年级学过的内容，(4)(5)(6)是本讲要学习的内容。 绿藤星教育(15320475397)----小学奥数基础教程
因为100能被4(或25)整除，所以由整除的性质1知，整百的数都能被4(或25)整除。因为任何自然数都能分成一个整百的数与这个数的后两位数之和，所以由整除的性质2知，只要这个数的后两位数能被4(或25)整除，这个数就能被4(或25)整除。这就证明了(4)。
类似地可以证明(5)。
(6)的正确性，我们用一个具体的数来说明一般性的证明方法。
837=800+30+7 =8×100+3×10+7 =8×(99+1)+3×(9+1)+7 =8×99+8+3×9+3+7 =(8×99+3×9)+(8+3+7)。
因为99和9都能被9整除，所以根据整除的性质1和性质2知，(8x99+3x9)能被9整除。再根据整除的性质2，由(8+3+7)能被9整除，就能判断837能被9整除。
利用(4)(5)(6)还可以求出一个数除以4，8，9的余数： (4‘)一个数除以4的余数，与它的末两位除以4的余数相同。 (5')一个数除以8的余数，与它的末三位除以8的余数相同。 (6')一个数除以9的余数，与它的各位数字之和除以9的余数相同。 例1 在下面的数中，哪些能被4整除?哪些能被8整除?哪些能被9整除? 234，789，7756，8865，3728.8064。 解：能被4整除的数有7756，3728，8064;
能被8整除的数有3728，8064; 能被9整除的数有234，8865，8064。 绿藤星教育(15320475397)----小学奥数基础教程例2 在四位数56□2中，被盖住的十位数分别等于几时，这个四位数分别能被9，8，4整除?
解：如果56□2能被9整除，那么
5+6+□+2=13+□
应能被9整除，所以当十位数是5，即四位数是5652时能被9整除;
如果56□2能被8整除，那么6□2应能被8整除，所以当十位数是3或7，即四位数是5632或5672时能被8整除;
如果56□2能被4整除，那么□2应能被4整除，所以当十位数是1，3，5，7，9，即四位数是5612，5632，5652，5672，5692时能被4整除。
到现在为止，我们已经学过能被2，3，5，4，8，9整除的数的特征。根据整除的性质3，我们可以把判断整除的范围进一步扩大。例如，判断一个数能否被6整除，因为6=2×3，2与3互质，所以如果这个数既能被2整除又能被3整除，那么根据整除的性质3，可判定这个数能被6整除。同理，判断一个数能否被12整除，只需判断这个数能否同时被3和4整除;判断一个数能否被72整除，只需判断这个数能否同时被8和9整除;如此等等。
例3 从0，2，5，7四个数字中任选三个，组成能同时被2，5，3整除的数，并将这些数从小到大进行排列。
解：因为组成的三位数能同时被2，5整除，所以个位数字为0。根据三位数能被3整除的特征，数字和2+7+0与5+7+0都能被3整除，因此所求的这些数为270，570，720，750。 例4 五位数分析与解：已知以能被72整除，问：A与B各代表什么数字?
能被72整除。因为72=8×9，8和9是互质数，所既能被8整除，又能被9整除。根据能被8整除的数的特征，要求绿藤星教育(15320475397)----小学奥数基础教程能被8整除，由此可确定B=6。再根据能被9整除的数的特征，的各位数字之和为
A+3+2+9+B=A+3-f-2+9+6=A+20，
因为l≤A≤9，所以21≤A+20≤29。在这个范围内只有27能被9整除，所以A=7。
解答例4的关键是把72分解成8×9，再分别根据能被8和9整除的数的特征去讨论B和A所代表的数字。在解题顺序上，应先确定B所代表的数字，因为B代表的数字不受A的取值大小的影响，一旦B代表的数字确定下来，A所代表的数字就容易确定了。 例5 六位数是6的倍数，这样的六位数有多少个?
分析与解：因为6=2×3，且2与3互质，所以这个整数既能被2整除又能被3整除。由六位数能被2整除，推知A可取0，2，4，6，8这五个值。再由六位数能被3整除，推知 3+A+B+A+B+A=3+3A+2B
能被3整除，故2B能被3整除。B可取0，3，6，9这4个值。由于B可以取4个值，A可以取5个值，题目没有要求A≠B，所以符合条件的六位数共有5×4=20(个)。 例6 要使六位数表什么数字?
分析与解：因为36=4×9，且4与9互质，所以这个六位数应既能被4整除又能被9整除。六位数此C可取1，3，5，7，9。
要使所得的商最小，就要使
这个六位数尽可能小。因此首先是A
的
能被4整除，就要
能被4整除，因
能被36整除，而且所得的商最小，问A，B，C各代尽量小，其次是B尽量小，最后是C尽量小。先试取A=0。六位数绿藤星教育(15320475397)----小学奥数基础教程各位数字之和为12+B+C。它应能被9整除，因此B+C=6或B+C=15。因为B，C应尽量小，所以B+C=6，而C只能取1，3，5，7，9，所以要使尽可能小，应取B=1，C=5。
当A=0，B=1，C=5时，六位数能被36整除，而且所得商最小，为150156÷36=4171。 练习4
1.6539724能被4，8，9，24，36，72中的哪几个数整除?
2.个位数是5，且能被9整除的三位数共有多少个?
3.一些四位数，百位上的数字都是3，十位上的数字都是6，并且它们既能被2整除又能被3整除。在这样的四位数中，最大的和最小的各是多少?
4.五位数能被12整除，求这个五位数。
5.有一个能被24整除的四位数□23□，这个四位数最大是几?最小是几?
6.从0，2，3，6，7这五个数码中选出四个，可以组成多少个可以被8整除的没有重复数字的四位数?
7.在123的左右各添一个数码，使得到的五位数能被72整除。
8.学校买了72只小足球，发票上的总价有两个数字已经辨认不清，只看到是□67.9□元，你知道每只小足球多少钱吗? 第5讲 弃九法
从第4讲知道，如果一个数的各个数位上的数字之和能被9整除，那么这个数能被9整除;如果一个数各个数位上的数字之和被9除余数是几，那么这个数被9除的余数也一定是几。利用这个性质可以迅速地判断一个数能否被9整除或者求出被9除的余数是几。 绿藤星教育(15320475397)----小学奥数基础教程
例如，3645732这个数，各个数位上的数字之和为
3+6+4+5+7+3+2=30，
30被9除余3，所以3645732这个数不能被9整除，且被9除后余数为3。
但是，当一个数的数位较多时，这种计算麻烦且易错。有没有更简便的方法呢?
因为我们只是判断这个式子被9除的余数，所以凡是若干个数的和是9时，就把这些数划掉，如3+6=9，4+5=9，7+2=9，把这些数划掉后，最多只剩下一个3(如下图)，所以这个数除以9的余数是3。
这种将和为9或9的倍数的数字划掉，用剩下的数字和求除以9的余数的方法，叫做弃九法。
一个数被9除的余数叫做这个数的九余数。利用弃九法可以计算一个数的九余数，还可以检验四则运算的正确性。 例1 求多位数7645821369815436715除以9的余数。 分析与解：利用弃九法，将和为9的数依次划掉。
只剩下7，6，1，5四个数，这时口算一下即可。口算知，7，6，5的和是9的倍数，又可划掉，只剩下1。所以这个多位数除以9余1。 例2 将自然数1，2，3，„依次无间隔地写下去组成一个数1234567891011213„如果一直写到自然数100，那么所得的数除以9的余数是多少? 绿藤星教育(15320475397)----小学奥数基础教程分析与解：因为这个数太大，全部写出来很麻烦，在使用弃九法时不能逐个划掉和为9或9的倍数的数，所以要配合适当的分析。我们已经熟知
1+2+3+„+9=45，
而45是9的倍数，所以每一组1，2，3，„，9都可以划掉。在1～99这九十九个数中，个位数有十组1，2，3，„，9，都可划掉;十位数也有十组1，2，3，„，9，也都划掉。这样在这个大数中，除了0以外，只剩下最后的100中的数字1。所以这个数除以9余1。
在上面的解法中，并没有计算出这个数各个数位上的数字和，而是利用弃九法分析求解。本题还有其它简捷的解法。因为一个数与它的各个数位上的数字之和除以9的余数相同，所以题中这个数各个数位上的数字之和，与1+2+„+100除以9的余数相同。
利用高斯求和法，知此和是5050。因为5050的数字和为5+0+5+0=10，利用弃九法，弃去一个9余1，故5050除以9余1。因此题中的数除以9余1。
例3 检验下面的加法算式是否正确：
2638457+3521983+6745785=12907225。
分析与解：若干个加数的九余数相加，所得和的九余数应当等于这些加数的和的九余数。如果不等，那么这个加法算式肯定不正确。上式中，三个加数的九余数依次为8，4，6，8+4+6的九余数为0;和的九余数为1。因为0≠1，所以这个算式不正确。 例4 检验下面的减法算式是否正确：
7832145-2167953=5664192。
分析与解：被减数的九余数减去减数的九余数(若不够减，可在被减数的九余数上加9，然后再减)应当等于差的九余数。如果不等，那么这个减绿藤星教育(15320475397)----小学奥数基础教程法计算肯定不正确。上式中被减数的九余数是3，减数的九余数是6，由(9+3)-6=6知，原题等号左边的九余数是6。等号右边的九余数也是6。因为6=6，所以这个减法运算可能正确。
值得注意的是，这里我们用的是“可能正确”。利用弃九法检验加法、减法、乘法(见例5)运算的结果是否正确时，如果等号两边的九余数不相等，那么这个算式肯定不正确;如果等号两边的九余数相等，那么还不能确定算式是否正确，因为九余数只有0，1，2，„，8九种情况，不同的数可能有相同的九余数。所以用弃九法检验运算的正确性，只是一种粗略的检验。
例5 检验下面的乘法算式是否正确：
46876×9537=447156412。
分析与解：两个因数的九余数相乘，所得的数的九余数应当等于两个因数的乘积的九余数。如果不等，那么这个乘法计算肯定不正确。上式中，被乘数的九余数是4，乘数的九余数是6，4×6=24，24的九余数是6。乘积的九余数是7。6≠7，所以这个算式不正确。
说明：因为除法是乘法的逆运算，被除数=除数×商+余数，所以当余数为零时，利用弃九法验算除法可化为用弃九法去验算乘法。例如，检验383801÷253=1517的正确性，只需检验1517×253=383801的正确性。 练习5
1.求下列各数除以9的余数：
(1)7468251; (2)36298745;
(3)2657348; (4)6678254193。
2.求下列各式除以9的余数：
(1)67235+82564; (2)97256-47823; 绿藤星教育(15320475397)----小学奥数基础教程
(3)2783×6451; (4)3477+265×841。
3.用弃九法检验下列各题计算的正确性：
(1)228×222=50616;
(2)334×336=112224;
(3)23372428÷6236=3748;
(4)12345÷6789=83810105。
4.有一个2000位的数A能被9整除，数A的各个数位上的数字之和是B，数B的各个数位上的数字之和是C，数C的各个数位上的数字之和是D。求D。
第6讲 数的整除性
(二)
这一讲主要讲能被11整除的数的特征。
一个数从右边数起，第1，3，5，„位称为奇数位，第2，4，6，„位称为偶数位。也就是说，个位、百位、万位„„是奇数位，十位、千位、十万位„„是偶数位。例如9位数768325419中，奇数位与偶数位如下图所示：
能被11整除的数的特征：一个数的奇数位上的数字之和与偶数位上的数字之和的差(大数减小数)如果能被11整除，那么这个数就能被11整除。 例1 判断七位数1839673能否被11整除。
分析与解：奇数位上的数字之和为1+3+6+3=13，偶数位上的数字之和为8+9+7=24，因为24-13=11能被11整除，所以1839673能被11整除。
根据能被11整除的数的特征，也能求出一个数除以11的余数。 绿藤星教育(15320475397)----小学奥数基础教程
一个数除以11的余数，与它的奇数位上的数字之和减去偶数位上的数字之和所得的差除以11的余数相同。如果奇数位上的数字之和小于偶数位上的数字之和，那么应在奇数位上的数字之和上再增加11的整数倍，使其大于偶数位上的数字之和。 例2 求下列各数除以11的余数：
(1)41873; (2)296738185。
分析与解：(1)[(4+8+3)-(1+7)]÷11
=7÷11=0„„7，
所以41873除以11的余数是7。
(2)奇数位之和为2+6+3+1+5=17，偶数位之和为9+7+8+8=32。因为17<32，所以应给17增加11的整数倍，使其大于32。
(17+11×2)-32=7，
所以296738185除以11的余数是7。
需要说明的是，当奇数位数字之和远远小于偶数位数字之和时，为了计算方便，也可以用偶数位数字之和减去奇数位数字之和，再除以11，所得余数与11的差即为所求。如上题(2)中，(32-17)÷11=1„„4，所求余数是11-4=7。 例3 求除以11的余数。
分析与解：奇数位是101个1，偶数位是100个9。
(9×100-1×101)÷11
=799÷11=72„„7，
11-7=4，所求余数是4。 绿藤星教育(15320475397)----小学奥数基础教程
例3还有其它简捷解法，例如每个“19”奇偶数位上的数字相差9-1=8， 奇数位上的数字和与偶数位上的数字和相差8×99=8×9×11，能被11整除。所以例3相当于求最后三位数191除以11的余数。 例4 用3，3，7，7四个数码能排出哪些能被11整除的四位数? 解：只要奇数位和偶数位上各有一个3和一个7即可。有3377，3773，7337，7733。
例5 用1～9九个数码组成能被11整除的没有重复数字的最大九位数。 分析与解：最大的没有重复数字的九位数是987654321，由
(9+7+5+3+1)-(8+6+4+2)=5
知，987654321不能被11整除。为了保证这个数尽可能大，我们尽量调整低位数字，只要使奇数位的数字和增加3(偶数位的数字和自然就减少3)，奇数位的数字之和与偶数位的数字之和的差就变为5+3×2=11，这个数就能被11整除。调整“4321”，只要4调到奇数位，1调到偶数位，奇数位就比原来增大3，就可达到目的。此时，4，3在奇数位，2，1在偶数位，后四位最大是2413。所求数为987652413。 例6 六位数能被99整除，求A和B。
分析与解：由99=9×11，且9与11互质，所以六位数既能被9整除又能被11整除。因为六位数能被9整除，所以
A+2+8+7+5+B
=22+A+B
应能被9整除，由此推知A+B=5或14。又因为六位数能被11整除，所以
(A+8+5)-(2+7+B) 绿藤星教育(15320475397)----小学奥数基础教程
=A-B+4
应能被11整除，即
A-B+4=0或A-B+4=11。
化简得B-A=4或A-B=7。
因为A+B与A-B同奇同偶，所以有
在(1)中，A≤5与A≥7不能同时满足，所以无解。
在(2)中，上、下两式相加，得
(B+A)+(B-A)=14+4，
2B=18，
B=9。
将B=9代入A+B=14，得A=5。
所以，A=5，B=9。
练习6
1.为使五位数6□295能被11整除，□内应当填几?
2.用1，2，3，4四个数码能排出哪些能被11整除的没有重复数字的四位数?
3.求能被11整除的最大的没有重复数字的五位数。
4.求下列各数除以11的余数：
(1)2485; (2)63582; (3)987654321。
5.求
6.六位数除以11的余数。
5A634B能被33整除，求A+B。 绿藤星教育(15320475397)----小学奥数基础教程
7.七位数3A8629B是88的倍数，求A和B。
第7讲 找规律
(一)
我们在三年级已经见过“找规律”这个题目，学习了如何发现图形、数表和数列的变化规律。这一讲重点学习具有“周期性”变化规律的问题。什么是周期性变化规律呢?比如，一年有春夏秋冬四季，百花盛开的春季过后就是夏天，赤日炎炎的夏季过后就是秋天，果实累累的秋季过后就是冬天，白雪皑皑的冬季过后又到了春天。年复一年，总是按照春、夏、秋、冬四季变化，这就是周期性变化规律。再比如，数列0，1，2，0，1，2，0，1，2，0，„是按照0，1，2三个数重复出现的，这也是周期性变化问题。
下面，我们通过一些例题作进一步讲解。
例1 节日的夜景真漂亮，街上的彩灯按照5盏红灯、再接4盏蓝灯、再接3盏黄灯，然后又是5盏红灯、4盏蓝灯、3盏黄灯、„„这样排下去。问：
(1)第100盏灯是什么颜色?
(2)前150盏彩灯中有多少盏蓝灯?
分析与解：这是一个周期变化问题。彩灯按照5红、4蓝、3黄，每12盏灯一个周期循环出现。
(1)100÷12=8„„4，所以第100盏灯是第9个周期的第4盏灯，是红灯。
(2)150÷12=12„„6，前150盏灯共有12个周期零6盏灯，12个周期中有蓝灯4×12=48(盏)，最后的6盏灯中有1盏蓝灯，所以共有蓝灯48+1=49(盏)。 绿藤星教育(15320475397)----小学奥数基础教程例2 有一串数，任何相邻的四个数之和都等于25。已知第1个数是3，第6个数是6，第11个数是7。问：这串数中第24个数是几?前77个数的和是多少?
分析与解：因为第1，2，3，4个数的和等于第2，3，4，5个数的和，所以第1个数与第5个数相同。进一步可推知，第1，5，9，13，„个数都相同。
同理，第2，6，10，14，„个数都相同，第3，7，11，15，„个数都相同，第4，8，12，16„个数都相同。
也就是说，这串数是按照每四个数为一个周期循环出现的。所以，第2个数等于第6个数，是6;第3个数等于第11个数，是7。前三个数依次是3，6，7，第四个数是
25-(3+6+7)=9。
这串数按照3，6，7，9的顺序循环出现。第24个数与第4个数相同，是9。由77÷4=9„„1知，前77个数是19个周期零1个数，其和为25×19+3=478。
例3 下面这串数的规律是：从第3个数起，每个数都是它前面两个数之和的个位数。问：这串数中第88个数是几?
628088640448„
分析与解：这串数看起来没有什么规律，但是如果其中有两个相邻数字与前面的某两个相邻数字相同，那么根据这串数的构成规律，这两个相邻数字后面的数字必然与前面那两个相邻数字后面的数字相同，也就是说将出现周期性变化。我们试着将这串数再多写出几位：
绿藤星教育(15320475397)----小学奥数基础教程
当写出第21，22位(竖线右面的两位)时就会发现，它们与第1，2位数相同，所以这串数按每20个数一个周期循环出现。由88÷20=4„„8知，第88个数与第8个数相同，所以第88个数是4。
从例3看出，周期性规律有时并不明显，要找到它还真得动点脑筋。 例4 在下面的一串数中，从第五个数起，每个数都是它前面四个数之和的个位数字。那么在这串数中，能否出现相邻的四个数是“2000”?
135761939237134„
分析与解：无休止地将这串数写下去，显然不是聪明的做法。按照例3的方法找到一周期，因为这个周期很长，所以也不是好方法。那么怎么办呢?仔细观察会发现，这串数的前四个数都是奇数，按照“每个数都是它前面四个数之和的个位数字”，如果不看具体数，只看数的奇偶性，那么将这串数依次写出来，得到
奇奇奇奇偶奇奇奇奇偶奇„„
可以看出，这串数是按照四个奇数一个偶数的规律循环出现的，永远不会出现四个偶数连在一起的情况，即不会出现“2000”。
例5 A，B，C，D四个盒子中依次放有8，6，3，1个球。第1个小朋友找到放球最少的盒子，然后从其它盒子中各取一个球放入这个盒子;第2个小朋友也找到放球最少的盒子，然后也从其它盒子中各取一个球放入这个盒子„„当100位小朋友放完后，A，B，C，D四个盒子中各放有几个球? 分析与解：按照题意，前六位小朋友放过后，A，B，C，D四个盒子中的球数如下表： 绿藤星教育(15320475397)----小学奥数基础教程
可以看出，第6人放过后与第2人放过后四个盒子中球的情况相同，所以从第2人放过后，每经过4人，四个盒子中球的情况重复出现一次。
(100-1)÷4=24„„3，
所以第100次后的情况与第4次(3+1=4)后的情况相同，A，B，C，D盒中依次有4，6，3，5个球。
练习7
1.有一串很长的珠子，它是按照5颗红珠、3颗白珠、4颗黄珠、2颗绿珠的顺序重复排列的。问：第100颗珠子是什么颜色?前200颗珠子中有多少颗红珠?
2.将1，2，3，4，„除以3的余数依次排列起来，得到一个数列。求这个数列前100个数的和。
3.有一串数，前两个数是9和7，从第三个数起，每个数是它前面两个数乘积的个位数。这串数中第100个数是几?前100个数之和是多少?
4.有一列数，第一个数是6，以后每一个数都是它前面一个数与7的和的个位数。这列数中第88个数是几?
5.小明按1～3报数，小红按1～4报数。两人以同样的速度同时开始报数，当两人都报了100个数时，有多少次两人报的数相同?
6.A，B，C，D四个盒子中依次放有9，6，3，0个小球。第1个小朋友找到放球最多的盒子，从中拿出3个球放到其它盒子中各1个球;第2绿藤星教育(15320475397)----小学奥数基础教程个小朋友也找到放球最多的盒子，也从中拿出3个球放到其它盒子中各1个球„„当100个小朋友放完后，A，B，C，D四个盒子中各放有几个球?
第8讲 找规律
(二)
整数a与它本身的乘积，即a×a叫做这个数的平方，记作a2，即a2=a×a;同样，三个a的乘积叫做a的三次方，记作a3，即a3=a×a×a。一般地，n个a相乘，叫做a的n次方，记作an，即
本讲主要讲an的个位数的变化规律，以及an除以某数所得余数的变化规律。
因为积的个位数只与被乘数的个位数和乘数的个位数有关，所以an的个位数只与a的个位数有关，而a的个位数只有0，1，2，„，9共十种情况，故我们只需讨论这十种情况。
为了找出一个整数a自乘n次后，乘积的个位数字的变化规律，我们列出下页的表格，看看a，a2，a3，a4，„的个位数字各是什么。
从表看出，an的个位数字的变化规律可分为三类：
(1)当a的个位数是0，1，5，6时，an的个位数仍然是0，1，5，6。
(2)当a的个位数是4，9时，随着n的增大，an的个位数按每两个数为一周期循环出现。其中a的个位数是4时，按4，6的顺序循环出现;a的个位数是9时，按9，1的顺序循环出现。
(3)当a的个位数是2，3，7，8时，随着n的增大，an的个位数按每四个数为一周期循环出现。其中a的个位数是2时，按2，4，8，6的顺序循环出现;a的个位数是3时，按3，9，7，1的顺序循环出现;当a的绿藤星教育(15320475397)----小学奥数基础教程个位数是7时，按7，9，3，1的顺序循环出现;当a的个位数是8时，按8，4，2，6的顺序循环出现。
例1 求67999的个位数字。
分析与解：因为67的个位数是7，所以67n的个位数随着n的增大，按7，9，3，1四个数的顺序循环出现。
999÷4=249„„3，
所以67999的个位数字与73的个位数字相同，即67999的个位数字是3。 例2 求291+3291的个位数字。
分析与解：因为2n的个位数字按2，4，8，6四个数的顺序循环出现，91÷4=22„„3，所以，291的个位数字与23的个位数字相同，等于8。
类似地，3n的个位数字按3，9，7，1四个数的顺序循环出现， 291÷4=72„„3，
所以3291与33的个位数相同，等于7。
最后得到291+3291的个位数字与8+7的个位数字相同，等于5。 例3 求28128-2929的个位数字。
解：由128÷4=32知，28128的个位数与84的个位数相同，等于6。由29÷2=14„„1知，2929的个位数与91的个位数相同，等于9。因为6<9，在减法中需向十位借位，所以所求个位数字为16-9=7。 绿藤星教育(15320475397)----小学奥数基础教程例4 求下列各除法运算所得的余数：
(1)7855÷5;
(2)555÷3。
分析与解：(1)由55÷4=13„„3知，7855的个位数与83的个位数相同，等于2，所以7855可分解为10×a+2。因为10×a能被5整除，所以7855除以5的余数是2。
(2)因为a÷3的余数不仅仅与a的个位数有关，所以不能用求555的个位数的方法求解。为了寻找5n÷3的余数的规律，先将5的各次方除以3的余数列表如下：
注意：表中除以3的余数并不需要计算出5n，然后再除以3去求，而是用上次的余数乘以5后，再除以3去求。比如，52除以3的余数是1，53除以3的余数与1×5=5除以3的余数相同。这是因为52=3×8+1，其中3×8能被3整除，而
53=(3×8+1)×5=(3×8)×5+1×5，
(3×8)×5能被3整除，所以53除以3的余数与1×5除以3的余数相同。
由上表看出，5n除以3的余数，随着n的增大，按2，1的顺序循环出现。由55÷2=27„„1知，555÷3的余数与51÷3的余数相同，等于2。 例5 某种细菌每小时分裂一次，每次1个细茵分裂成3个细菌。20时后，将这些细菌每7个分为一组，还剩下几个细菌?
分析与解：1时后有1×3=31(个)细菌，2时后有31×3=32(个)细菌„„20时后，有320个细菌，所以本题相当于“求320÷7的余数”。 绿藤星教育(15320475397)----小学奥数基础教程
由例4(2)的方法，将3的各次方除以7的余数列表如下：
由上表看出，3n÷7的余数以六个数为周期循环出现。由20÷6=3„„2知，320÷7的余数与32÷7的余数相同，等于2。所以最后还剩2个细菌。
最后再说明一点，an÷b所得余数，随着n的增大，必然会出现周期性变化规律，因为所得余数必然小于b，所以在b个数以内必会重复出现。
练习8
1.求下列各数的个位数字：
(1)3838; (2)2930;
(3)6431; (4)17215。 2.求下列各式运算结果的个位数字： (1)9222+5731; (2)615+487+349; (3)469-6211; (4)37×48+59×610。 3.求下列各除法算式所得的余数： (1)5100÷4; (2)8111÷6; (3)488÷7 第9讲 数字谜
(一)
我们在三年级已经学习过一些简单的数字谜问题。这两讲除了复习巩固学过的知识外，还要学习一些新的内容。
例1 在下面算式等号左边合适的地方添上括号，使等式成立：
5+7×8+12÷4-2=20。
分析：等式右边是20，而等式左边算式中的7×8所得的积比20大得多。因此必须设法使这个积缩小一定的倍数，化大为小。
从整个算式来看，7×8是4的倍数，12也是4的倍数，5不能被4整除，因此可在7×8+12前后添上小括号，再除以4得17，5+17-2=20。 绿藤星教育(15320475397)----小学奥数基础教程解：5+(7×8+12)÷4-2=20。
例2 把1～9这九个数字填到下面的九个□里，组成三个等式(每个数字只能填一次)：
分析与解：如果从加法与减法两个算式入手，那么会出现许多种情形。如果从乘法算式入手，那么只有下面两种可能：
2×3=6或2×4=8，
所以应当从乘法算式入手。
因为在加法算式□+□=□中，等号两边的数相等，所以加法算式中的三个□内的三个数的和是偶数;而减法算式□-□=可以变形为加法算式□=□+□，所以减法算式中的三个□内的三个数的和也是偶数。于是可知，原题加减法算式中的六个数的和应该是偶数。
若乘法算式是2×4=8，则剩下的六个数1，3，5，6，7，9的和是奇数，不合题意;
若乘法算式是2×3=6，则剩下的六个数1，4，5，7，8，9可分为两组：
4+5=9，8-7=1(或8-1=7);
1+7=8，9-5=4(或9-4=5)。
所以答案为 与
绿藤星教育(15320475397)----小学奥数基础教程例3 下面的算式是由1～9九个数字组成的，其中“7”已填好，请将其余各数填入□，使得等式成立：
□□□÷□□=□-□=□-7。
分析与解：因为左端除法式子的商必大于等于2，所以右端被减数只能填9，由此知左端被除数的百位数只能填1，故中间减式有8-6，6-4，5-3和4-2四种可能。经逐一验证，8-6，6-4和4-2均无解，只有当中间减式为5-3时有如下两组解：
128÷64=5-3=9-7，
或 164÷82=5-3=9-7。
例4 将1～9九个数字分别填入下面四个算式的九个□中，使得四个等式都成立：
□+□=6， □×□=8，
□-□=6， □□÷□=8。
分析与解：因为每个□中要填不同的数字，对于加式只有两种填法：1+5或2+4;对于乘式也只有两种填法：1×8或2×4。加式与乘式的数字不能相同，搭配后只有两种可能： (1)加式为1+5，乘式为2×4; (2)加式为2+4，乘式为1×8。
对于(1)，还剩3，6，7，8，9五个数字未填，减式只能是9-3，此时除式无法满足;
对于(2)，还剩3，5，6，7，9五个数字未填，减式只能是9-3，此时除式可填56÷7。答案如下：
2+4=6， 1×8=8，
9-3=6， 56÷7=8。 绿藤星教育(15320475397)----小学奥数基础教程
例2～例4都是对题目经过初步分析后，将满足题目条件的所有可能情况全部列举出来，再逐一试算，决定取舍。这种方法叫做枚举法，也叫穷举法或列举法，它适用于只有几种可能情况的题目，如果可能的情况很多，那么就不宜用枚举法。
例5 从1～9这九个自然数中选出八个填入下式的八个○内，使得算式的结果尽可能大：
[○÷○×(○+○)]-[○×○+○-○]。
分析与解：为使算式的结果尽可能大，应当使前一个中括号内的结果尽量大，后一个中括号内的结果尽量小。为叙述方便，将原式改写为：
[A÷B×(C+D)]-[E×F+G-H]。
通过分析，A，C，D，H应尽可能大，且A应最大，C，D次之，H再次之;B，E，F，G应尽可能小，且B应最小，E，F次之，G再次之。于是得到A=9，C=8，D=7，H=6，B=1，E=2，F=3，G=4，其中C与D，E与F的值可互换。将它们代入算式，得到
[9÷1×(8+7)]-[2×3+4-6]=131。
练习9
1.在下面的算式里填上括号，使等式成立：
(1)4×6+24÷6-5=15;
(2)4×6+24÷6-5=35;
(3)4×6+24÷6-5=48;
(4)4×6+24÷6-5=0。
2.加上适当的运算符号和括号，使下式成立：
1 2 3 4 5 =100。 绿藤星教育(15320475397)----小学奥数基础教程
3.把0～9这十个数字填到下面的□里，组成三个等式(每个数字只能填一次)：
□+□=□，
□-□=□，
□×□=□□。
4.在下面的□里填上+，-，×，÷，()等符号，使各个等式成立：
4□4□4□4=1，
4□4□4□4=3，
4□4□4□4=5，
4□4□4□4=9。
5.将2～7这六个数字分别填入下式的□中，使得等式成立：
□+□-□=□×□÷□。
6.将1～9分别填入下式的九个□内，使算式取得最大值：
□□□×□□□×□□□。
7.将1～8分别填入下式的八个□内，使算式取得最小值： □□×□□×□□×□□。
第10讲 数字谜
(二)
例1 把下面算式中缺少的数字补上：
分析与解：一个四位数减去一个三位数，差是一个两位数，也就是说被减数与减数相差不到100。四位数与三位数相差不到100，三位数必然大于900，四位数必然小于1100。由此我们找出解决本题的突破口在百位数上。 绿藤星教育(15320475397)----小学奥数基础教程
(1)填百位与千位。由于被减数是四位数，减数是三位数，差是两位数，所以减数的百位应填9，被减数的千位应填1，百位应填0，且十位相减时必须向百位借1。
(2)填个位。由于被减数个位数字是0，差的个位数字是1，所以减数的个位数字是9。
(3)填十位。由于个位向十位借1，十位又向百位借1，所以被减数十位上的实际数值是18，18分解成两个一位数的和，只能是9与9，因此，减数与差的十位数字都是9。
所求算式如右式。
由例1看出，考虑减法算式时，借位是一个重要条件。
例2 在下列各加法算式中，相同的汉字代表相同的数字，不同的汉字代表不同的数字，求出这两个算式：
分析与解：(1)这是一道四个数连加的算式，其特点是相同数位上的数字相同，且个位与百位上的数字相同，即都是汉字“学”。
从个位相同数相加的情况来看，和的个位数字是8，有两种可能情况：2+2+2+2=8与7+7+7+7=28，即“学”=2或7。
如果“学”=2，那么要使三个“数”所代表的数字相加的和的个位数字为8，“数”只能代表数字6。此时，百位上的和为“学”+“学”+1=2+2+1=5≠4。因此“学”≠2。 绿藤星教育(15320475397)----小学奥数基础教程
如果“学”=7，那么要使三个“数”所代表的数字相加再加上个位进位的2，和的个位数字为8，“数”只能代表数字2。百位上两个7相加要向千位进位1，由此可得“我”代表数字3。
满足条件的解如右式。
(2)由千位看出，“努”=4。由千、百、
十、个位上都有“努”，5432-4444=988，可将竖式简化为左下式。同理，由左下式看出，“力”=8，988-888=100，可将左下式简化为下中式，从而求出“学”=9，“习”=1。
满足条件的算式如右下式。
例2中的两题形式类似，但题目特点并不相同，解法也不同，请同学们注意比较。
例3 下面竖式中每个汉字代表一个数字，不同的汉字代表不同的数字，求被乘数。
分析与解：由于个位上的“赛”ד赛”所得的积不再是“赛”，而是另一个数，所以“赛”的取值只能是2，3，4，7，8，9。
下面采用逐一试验的方法求解。
(1)若“赛”=2，则“数”=4，积=444444。被乘数为444444÷2=222222，而被乘数各个数位上的数字各不相同，所以“赛”≠2。 绿藤星教育(15320475397)----小学奥数基础教程
(2)若“赛”=3，则“数”=9，仿(1)讨论，也不行。
(3)若“赛”=4，则“数”=6，积=666666。666666÷4得不到整数商，不合题意。
(4)若“赛”=7，则“数”=9，积=999999。被乘数为999999÷7=142857，符合题意。
(5)若“赛”=8或9，仿上讨论可知，不合题意。
所以，被乘数是142857。
例4 在□内填入适当的数字，使左下式的乘法竖式成立。
分析与解：为清楚起见，我们用A，B，C，D，„表示□内应填入的数字(见右上式)。
由被乘数大于500知，E=1。由于乘数的百位数与被乘数的乘积的末位数是5，故B，C中必有一个是5。若C=5，则有
6□□×5=(600+□□)×5=3000+□□×5，
不可能等于□5□5，与题意不符，所以B=5。再由B=5推知G=0或5。若G=5，则F=A=9，此时被乘数为695，无论C为何值，它与695的积不可能等于□5□5，与题意不符，所以G=0，F=A=4。此时已求出被乘数是645，经试验只有645×7满足□5□5，所以C=7;最后由B=5，G=0知D为偶数，经试验知D=2。
右式为所求竖式。 绿藤星教育(15320475397)----小学奥数基础教程
此类乘法竖式题应根据已给出的数字、乘法及加法的进位情况，先填比较容易的未知数，再依次填其余未知数。有时某未知数有几种可能取值，需逐一试验决定取舍。
例5 在□内填入适当数字，使左下方的除法竖式成立。
分析与解：把左上式改写成右上式。根据除法竖式的特点知，B=0，D=G=1，E=F=H=9，因此除数应是99的两位数的约数，可能取值有11，33和99，再由商的个位数是5以及5与除数的积是两位数得到除数是11，进而知A=C-9。至此，除数与商都已求出，其余未知数都可填出(见右式)。
此类除法竖式应根据除法竖式的特点，如商的空位补0、余数必须小于除数，以及空格间的相互关系等求解，只要求出除数和商，问题就迎刃而解了。
例6 把左下方除法算式中的*号换成数字，使之成为一个完整的式子(各*所表示的数字不一定相同)。 绿藤星教育(15320475397)----小学奥数基础教程
分析与解：由上面的除法算式容易看出，商的十位数字“*”是0，即商为。
因为除数与8的积是两位数，除数与商的千位数字的积是三位数，知商的千位数是9，即商为9807。
因为“除数×9”是三位数，所以除数≥12;又因为“除数×8”是两位数，所以除数≤12。推知除数只能是12。被除数为9807×12=117684。
除法算式如上页右式。 练习10
1.在下面各竖式的□内填入合适的数字，使竖式成立：
2.右面的加法算式中，相同的汉字代表相同的数字，不同的汉字代表不同的数字。问：“小”代表什么数字?
3.在下列各算式中，不同的汉字代表不同的数字相同的汉字代表相同的数字。求出下列各式： 绿藤星教育(15320475397)----小学奥数基础教程
4.在下列各算式中，相同的字母代表相同的数字，不同的字母代表不同的数字。这些算式中各字母分别代表什么数字?
第11讲 归一问题与归总问题
在解答某些应用题时，常常需要先找出“单一量”，然后以这个“单一量”为标准，根据其它条件求出结果。用这种解题思路解答的应用题，称为归一问题。所谓“单一量”是指单位时间的工作量、物品的单价、单位面积的产量、单位时间所走的路程等。
例1 一种钢轨，4根共重1900千克，现在有95000千克钢，可以制造这种钢轨多少根?(损耗忽略不计)
分析：以一根钢轨的重量为单一量。
(1)一根钢轨重多少千克?
1900÷4=475(千克)。
(2)95000千克能制造多少根钢轨?
95000÷475=200(根)。
解：95000÷(1900÷4)=200(根)。
答：可以制造200根钢轨。 绿藤星教育(15320475397)----小学奥数基础教程例2 王家养了5头奶牛，7天产牛奶630千克，照这样计算，8头奶牛15天可产牛奶多少千克?
分析：以1头奶牛1天产的牛奶为单一量。
(1)1头奶牛1天产奶多少千克?
630÷5÷7=18(千克)。
(2)8头奶牛15天可产牛奶多少千克?
18×8×15=2160(千克)。
解：(630÷5÷7)×8×15=2160(千克)。
答：可产牛奶2160千克。
例3 三台同样的磨面机2.5时可以磨面粉2400千克，8台这样的磨面机磨25600千克面粉需要多少时间?
分析与解：以1台磨面机1时磨的面粉为单一量。
(1)1台磨面机1时磨面粉多少千克?
2400÷3÷2.5=320(千克)。
(2)8台磨面机磨25600千克面粉需要多少小时?
25600÷320÷8=10(时)。
综合列式为
25600÷(2400÷3÷2.5)÷8=10(时)。
例4 4辆大卡车运沙土，7趟共运走沙土336吨。现在有沙土420吨，要求5趟运完。问：需要增加同样的卡车多少辆? 分析与解：以1辆卡车1趟运的沙土为单一量。
(1)1辆卡车1趟运沙土多少吨?
336÷4÷7=12(吨)。
(2)5趟运走420吨沙土需卡车多少辆? 绿藤星教育(15320475397)----小学奥数基础教程
420÷12÷5=7(辆)。
(3)需要增加多少辆卡车?
7-4=3(辆)。
综合列式为
420÷(336÷4÷7)÷5-4=3(辆)。
与归一问题类似的是归总问题，归一问题是找出“单一量”，而归总问题是找出“总量”，再根据其它条件求出结果。所谓“总量”是指总路程、总产量、工作总量、物品的总价等。
例5 一项工程，8个人工作15时可以完成，如果12个人工作，那么多少小时可以完成?
分析：(1)工程总量相当于1个人工作多少小时?
15×8=120(时)。
(2)12个人完成这项工程需要多少小时?
120÷12=10(时)。 解：15×8÷12=10(时)。
答：12人需10时完成。
例6 一辆汽车从甲地开往乙地，每小时行60千米，5时到达。若要4时到达，则每小时需要多行多少千米?
分析：从甲地到乙地的路程是一定的，以路程为总量。
(1)从甲地到乙地的路程是多少千米?
60×5=300(千米)。
(2)4时到达，每小时需要行多少千米?
300÷4=75(千米)。
(3)每小时多行多少千米? 绿藤星教育(15320475397)----小学奥数基础教程
75-60=15(千米)。
解：(60×5)÷4——60=15(千米)。
答：每小时需要多行15千米。
例7 修一条公路，原计划60人工作，80天完成。现在工作20天后，又增加了30人，这样剩下的部分再用多少天可以完成?
分析：(1)修这条公路共需要多少个劳动日(总量)?
60×80=4800(劳动日)。
(2)60人工作20天后，还剩下多少劳动日?
4800-60×20=3600(劳动日)。
(3)剩下的工程增加30人后还需多少天完成?
3600÷(60+30)=40(天)。
解：(60×80-60×20)÷(60+30)=40(天)。
答：再用40天可以完成。
练习11
1.2台拖拉机4时耕地20公顷，照这样速度，5台拖拉机6时可耕地多少公顷?
2.4台织布机5时可以织布2600米，24台织布机几小时才能织布24960米?
3.一种幻灯机，5秒钟可以放映80张片子。问：48秒钟可以放映多少张片子?
4.3台抽水机8时灌溉水田48公顷，照这样的速度，5台同样的抽水机6时可以灌溉水田多小公顷? 绿藤星教育(15320475397)----小学奥数基础教程
5.平整一块土地，原计划8人平整，每天工作7.5时，6天可以完成任务。由于急需播种，要求5天完成，并且增加1人。问：每天要工作几小时?
6.食堂管理员去农贸市场买鸡蛋，原计划按每千克3.00元买35千克。结果鸡蛋价格下调了，他用这笔钱多买了2.5千克鸡蛋。问：鸡蛋价格下调后是每千克多少元?
7.锅炉房按照每天4.5吨的用量储备了120天的供暖煤。供暖40天后，由于进行了技术改造，每天能节约0.9吨煤。问：这些煤共可以供暖多少天?
第12讲 年龄问题
年龄问题是一类以“年龄为内容”的数学应用题。
年龄问题的主要特点是：二人年龄的差保持不变，它不随岁月的流逝而改变;二人的年龄随着岁月的变化，将增或减同一个自然数;二人年龄的倍数关系随着年龄的增长而发生变化，年龄增大，倍数变小。
根据题目的条件，我们常将年龄问题化为“差倍问题”、“和差问题”、“和倍问题”进行求解。
例1 儿子今年10岁，5年前母亲的年龄是他的6倍，母亲今年多少岁? 分析与解：儿子今年10岁，5年前的年龄为5岁，那么5年前母亲的年龄为5×6=30(岁)，因此母亲今年是
30+5=35(岁)。
例2 今年爸爸48岁，儿子20岁，几年前爸爸的年龄是儿子的5倍? 分析与解：今年爸爸与儿子的年龄差为“48——20”岁，因为二人的年龄差不随时间的变化而改变，所以当爸爸的年龄为儿子的5倍时，两人的年绿藤星教育(15320475397)----小学奥数基础教程龄差还是这个数，这样就可以用“差倍问题”的解法。当爸爸的年龄是儿子年龄的5倍时，儿子的年龄是
(48——20)÷(5——1)=7(岁)。
由20-7=13(岁)，推知13年前爸爸的年龄是儿子年龄的5倍。 例3 兄弟二人的年龄相差5岁，兄3年后的年龄为弟4年前的3倍。问：兄、弟二人今年各多少岁?
分析与解：根据题意，作示意图如下：
由上图可以看出，兄3年后的年龄比弟4年前的年龄大5+3+4=12(岁)，由“差倍问题”解得，弟4年前的年龄为(5+3+4)÷(3-1)=6(岁)。由此得到
弟今年6+4=10(岁)，
兄今年10+5=15(岁)。
例4 今年兄弟二人年龄之和为55岁，哥哥某一年的岁数与弟弟今年的岁数相同，那一年哥哥的岁数恰好是弟弟岁数的2倍，请问哥哥今年多少岁? 分析与解：在哥哥的岁数是弟弟的岁数2倍的那一年，若把弟弟岁数看成一份，那么哥哥的岁数比弟弟多一份，哥哥与弟弟的年龄差是1份。又因为那一年哥哥岁数与今年弟弟岁数相等，所以今年弟弟岁数为2份，今年哥哥岁数为2+1=3(份)(见下页图)。
由“和倍问题”解得，哥哥今年的岁数为
55÷(3+2)×3=33(岁)。 绿藤星教育(15320475397)----小学奥数基础教程
例5 哥哥5年前的年龄与妹妹4年后的年龄相等，哥哥2年后的年龄与妹妹8年后的年龄和为97岁，请问二人今年各多少岁?
分析与解：由“哥哥5年前的年龄与妹妹4年后的年龄相等”可知兄妹二人的年龄差为“4+5”岁。由“哥哥2年后的年龄与妹妹8年后的年龄和为97岁”，可知兄妹二人今年的年龄和为“97——2——8”岁。由“和差问题”解得，
兄[(97——2——8)+(4+5)]÷2=48(岁)，
妹[(97——2——8)-(4+5)]÷2=39(岁)。
例6 1994年父亲的年龄是哥哥和弟弟年龄之和的4倍。2000年，父亲的年龄是哥哥和弟弟年龄之和的2倍。问：父亲出生在哪一年?
分析与解：如果用1段线表示兄弟二人1994年的年龄和，则父亲1994年的年龄要用4段线来表示(见下页图)。
父亲在2000年的年龄应是4段线再加6岁，而兄弟二人在2000年的年龄之和是1段线再加2×6=12(岁)，它是父亲年龄的一半，也就是2段线再加3岁。由
1段+12岁=2段+3岁，
推知1段是9岁。所以父亲1994年的年龄是9×4=36(岁)，他出生于 绿藤星教育(15320475397)----小学奥数基础教程
1994——36=1958(年)。
例7今年父亲的年龄为儿子的年龄的4倍，20年后父亲的年龄为儿子的年龄的2倍。问：父子今年各多少岁?
解法一：假设父亲的年龄一直是儿子年龄的4倍，那么每过一年儿子增加一岁，父亲就要增加4岁。这样，20年后儿子增加20岁，父亲就要增加80岁，比儿子多增加了80-20=60(岁)。
事实上，20年后父亲的年龄为儿子的年龄的2倍，根据刚才的假设，多增加的60岁，正好相当于20年后儿子年龄的(4——2=)2倍，因此，今年儿子的年龄为
(20×4-20)÷(4-2)-20=10(岁)，
父亲今年的年龄为10×4=40(岁)。
解法二：如果用1段线表示儿子今年的年龄，那么父亲今年的年龄要用4段线来表示(见下图)。
20年后，父亲的年龄应是4段线再加上20岁，而儿子的年龄应是1段线再加上20岁，是父亲年龄的一半，也就是2段线再加上10岁。由
1段+20=2段+10，
求得1段是10岁，即儿子今年10岁，从而父亲今年40岁。 例8 今年爷爷78岁，长孙27岁，次孙23岁，三孙16岁。问：几年后爷爷的年龄等于三个孙子年龄之和?
分析：今年三个孙子的年龄和为27+23+16=66(岁)，爷爷比三个孙子的年龄和多78——66=12(岁)。每过一年，爷爷增加一岁，而三个绿藤星教育(15320475397)----小学奥数基础教程孙子的年龄和却要增加1+1+1=3(岁)，比爷爷多增加3-1=2(岁)。因而只需求出12里面有几个2即可。
解：[78-(27+23+16)]÷(1+1+1-1)=6(年)。
答：6年后爷爷的年龄等于三个孙子年龄的和。
练习12
1.父亲比儿子大30岁，明年父亲的年龄是儿子年龄的3倍，那么今年儿子几岁?
2.王梅比舅舅小19岁，舅舅的年龄比王梅年龄的3倍多1岁。问：他们二人各几岁?
3.小明今年9岁，父亲39岁，再过多少年父亲的年龄正好是小明年龄的2倍?
4.父亲年龄是女儿的4倍，三年前父女年龄之和是49岁。问：父女两人现在各多少岁?
5.一家三口人，三人年龄之和是74岁，妈妈比爸爸小2岁，妈妈的年龄是儿子年龄的4倍。问：三人各是多少岁?
6.今年老师46岁，学生16岁，几年后老师年龄的2倍与学生年龄的5倍相等?
7.已知祖孙三人，祖父和父亲年龄的差与父亲和孙子年龄的差相同，祖父和孙子年龄之和为82岁，明年祖父的年龄恰好等于孙子年龄的5倍。问：祖孙三人各多少岁?
8.小乐问刘老师今年有多少岁，刘老师说：“当我像你这么大时，你才3岁;当你像我这么大时，我已经42岁了。”你能算出刘老师有多少岁吗?
第13讲 鸡兔同笼问题与假设法 绿藤星教育(15320475397)----小学奥数基础教程
鸡兔同笼问题是按照题目的内容涉及到鸡与兔而命名的，它是一类有名的中国古算题。许多小学算术应用题，都可以转化为鸡兔同笼问题来加以计算。
例1 小梅数她家的鸡与兔，数头有16个，数脚有44只。问：小梅家的鸡与兔各有多少只?
分析：假设16只都是鸡，那么就应该有2×16=32(只)脚，但实际上有44只脚，比假设的情况多了44-32=12(只)脚，出现这种情况的原因是把兔当作鸡了。如果我们以同样数量的兔去换同样数量的鸡，那么每换一只，头的数目不变，脚数增加了2只。因此只要算出12里面有几个2，就可以求出兔的只数。
解：有兔(44-2×16)÷(4-2)=6(只)，
有鸡16-6=10(只)。
答：有6只兔，10只鸡。
当然，我们也可以假设16只都是兔子，那么就应该有4×16=64(只)脚，但实际上有44只脚，比假设的情况少了64-44=20(只)脚，这是因为把鸡当作兔了。我们以鸡去换兔，每换一只，头的数目不变，脚数减少了4-2=2(只)。因此只要算出20里面有几个2，就可以求出鸡的只数。
有鸡(4×16-44)÷(4-2)=10(只)，
有兔16——10=6(只)。
由例1看出，解答鸡兔同笼问题通常采用假设法，可以先假设都是鸡，然后以兔换鸡;也可以先假设都是兔，然后以鸡换兔。因此这类问题也叫置换问题。
例2 100个和尚140个馍，大和尚1人分3个馍，小和尚1人分1个馍。问：大、小和尚各有多少人? 绿藤星教育(15320475397)----小学奥数基础教程分析与解：本题由中国古算名题“百僧分馍问题”演变而得。如果将大和尚、小和尚分别看作鸡和兔，馍看作腿，那么就成了鸡兔同笼问题，可以用假设法来解。
假设100人全是大和尚，那么共需馍300个，比实际多300-140=160(个)。现在以小和尚去换大和尚，每换一个总人数不变，而馍就要减少3——1=2(个)，因为160÷2=80，故小和尚有80人，大和尚有
100-80=20(人)。
同样，也可以假设100人都是小和尚，同学们不妨自己试试。
在下面的例题中，我们只给出一种假设方法。
例3 彩色文化用品每套19元，普通文化用品每套11元，这两种文化用品共买了16套，用钱280元。问：两种文化用品各买了多少套?
分析与解：我们设想有一只“怪鸡”有1个头11只脚，一种“怪兔”有1个头19只脚，它们共有16个头，280只脚。这样，就将买文化用品问题转换成鸡兔同笼问题了。
假设买了16套彩色文化用品，则共需19×16=304(元)，比实际多304——280=24(元)，现在用普通文化用品去换彩色文化用品，每换一套少用19——11=8(元)，所以
买普通文化用品 24÷8=3(套)，
买彩色文化用品 16-3=13(套)。
例4 鸡、兔共100只，鸡脚比兔脚多20只。问：鸡、兔各多少只?
分析：假设100只都是鸡，没有兔，那么就有鸡脚200只，而兔的脚数为零。这样鸡脚比兔脚多200只，而实际上只多20只，这说明假设的鸡脚比兔脚多的数比实际上多200——20=180(只)。 绿藤星教育(15320475397)----小学奥数基础教程
现在以兔换鸡，每换一只，鸡脚减少2只，兔脚增加4只，即鸡脚比兔脚多的脚数中就会减少4+2=6(只)，而180÷6=30，因此有兔子30只，鸡100——30=70(只)。
解：有兔(2×100——20)÷(2+4)=30(只)，
有鸡100——30=70(只)。
答：有鸡70只，兔30只。
例5 现有大、小油瓶共50个，每个大瓶可装油4千克，每个小瓶可装油2千克，大瓶比小瓶共多装20千克。问：大、小瓶各有多少个?
分析：本题与例4非常类似，仿照例4的解法即可。 解：小瓶有(4×50-20)÷(4+2)=30(个)，
大瓶有50-30=20(个)。
答：有大瓶20个，小瓶30个。
例6 一批钢材，用小卡车装载要45辆，用大卡车装载只要36辆。已知每辆大卡车比每辆小卡车多装4吨，那么这批钢材有多少吨?
分析：要算出这批钢材有多少吨，需要知道每辆大卡车或小卡车能装多少吨。
利用假设法，假设只用36辆小卡车来装载这批钢材，因为每辆大卡车比每辆小卡车多装4吨，所以要剩下4×36=144(吨)。根据条件，要装完这144吨钢材还需要45-36=9(辆)小卡车。这样每辆小卡车能装144÷9=16(吨)。由此可求出这批钢材有多少吨。 解：4×36÷(45-36)×45=720(吨)。
答：这批钢材有720吨。 绿藤星教育(15320475397)----小学奥数基础教程例7 乐乐百货商店委托搬运站运送500只花瓶，双方商定每只运费0.24元，但如果发生损坏，那么每打破一只不仅不给运费，而且还要赔偿1.26元，结果搬运站共得运费115.5元。问：搬运过程中共打破了几只花瓶?
分析：假设500只花瓶在搬运过程中一只也没有打破，那么应得运费0.24×500=120(元)。实际上只得到115.5元，少得120-115.5=4.5(元)。搬运站每打破一只花瓶要损失0.24+1.26=1.5(元)。因此共打破花瓶4.5÷1.5=3(只)。
解：(0.24×500-115.5)÷(0.24+1.26)=3(只)。
答：共打破3只花瓶。
例8 小乐与小喜一起跳绳，小喜先跳了2分钟，然后两人各跳了3分钟，一共跳了780下。已知小喜比小乐每分钟多跳12下，那么小喜比小乐共多跳了多少下?
分析与解：利用假设法，假设小喜的跳绳速度减少到与小乐一样，那么两人跳的总数减少了
12×(2+3)=60(下)。
可求出小乐每分钟跳
(780——60)÷(2+3+3)=90(下)，
小乐一共跳了90×3=270(下)，因此小喜比小乐共多跳
780——270×2=240(下)。 练习13
1.鸡、兔共有头100个，脚350只，鸡、兔各有多少只?
2.学校有象棋、跳棋共26副，2人下一副象棋，6人下一副跳棋，恰好可供120个学生进行活动。问：象棋与跳棋各有多少副?
第五篇：小学奥数数数图形教案
我是闯关小达人
关卡一：握手游戏
有6个小朋友，每2人握一次手并且只能握一次手，一共要握几次手?
关卡二：你知道怎么算吗
从青岛到上海的直达列车，中途停靠5个大站,这趟列车共有多少种不同的车票?
关卡三：和爸爸妈妈合影
如果让你和爸爸妈妈一起并排站着合影，你知道你们有几种不同的排列顺序吗?
关卡四：我不会上当的哦
老师在黑板上写下了0,2,4,6这四个数字，请同学们想想它们能组成几个三位数?
数数图形教案 例1：数一数，图中有多少个锐角?
如何做到不重复又不遗漏呢? 第一种方法：列举法
第二种方法：图示法
小朋友们，你们发现什么规律了吗?
例2：数一数，下面图形中共有几个三角形?
(1)
(2)
方法解析：按照三角形的拼组方式或者形状的大小将给定的图形分类数数。 (1)
(2)
例3：动动脑，数数下图中有几个长方形?
例4：数数下图中有几个正方形?
例5：数一数，下图中的大长方体是由多少个小长方体组成的?
例6：下图所示的“塔”由四层没有缝隙的小立方块垒成，求塔中共有多少个小立方块?
练习
1. 你知道下图中共有几个角吗?
(1)
(2)
2.数一数，下面的图形有几条线段? (1)
(2)
3.你知道下图中共有几个三角形吗? (1)
(2)
4.下面图形有多少个长方形?
(1)
(2)
5.下图是由小立方块码放起来的，其中有一些小立方体被压住看不见，请你数一数共有多少小立方体?